17 2020年鹰潭实验中学模拟示范卷-【中考一卷通】2021江西中考物理必备

名师点析 由小灯泡正常发光可知此时电路的电流为0.6A,因串联电路 利用杠杆平衡条件分析力的变化情况时,先要根据公式 中总电压等于各分电压之和所以由|=可得,电源电压U F1L1=F2L2确定其中的哪两个量不变,然后再看另一个量的 IR1+U1=0.6A×109+12V=18V 变化情况,从而分析出待成量的变化情况 (2)闭合S、S2、Ss3,滑片移到b端(R2全连入)时,等效电路 15.D【解析】龙舟对冰面的压力与冰面对龙舟的支持力作用在 不同的物体上,不是一对平衡力,A错误;划冰时,人给冰面一 个力冰面给人一个反作用力,因此使龙舟前进的施力物体是 冰面B错误;惯性的大小只与物体的质量有关比赛中队员们 快速用力向后划冰不能增大龙舟的惯性,C错误;压强的大小 与物体对受压面的压力和受力面积有关,相同条件下,队员总 体重越大龙舟对冰面的压强越大,D正确 16.D【解析】在注水过程中,经历了三个阶段:在木块没有接触 (3)只闭合S2时,等效电路如图: 金属网之前,木块处于漂浮状态,受到的浮力等于木块重力,大 小不变;木块接触到金属网后到水面刚到金属网,由于金属网 的束缚,木块不能继续上升,随着注水,木块排开水的体积变 大由F浮=体水RV样可知,木块受到的浮力变大;水面从金属网 到水槽口,木块浸没水中,排开水的体积不变由F浮“水gV样 可知,木块受到的浮力不变。可见,在注水过程中木块所受到 的浮力先不变,后增大,最后又不变D符合题意 灯泡正常发光时的电流为0.6A,电流表的量程为0~3A.所 17CD【解析】因为此时木块A处于平衡状态,所以此时木块A 以电路中的最大电流I大=0.6A,此时滑动变阻器接入电路中 所受的摩擦力大小等于T,A错误;此时长木板以速度v匀速 的电阻最小,最小值R=07BV=-12y-10 运动,也处于平衡状态,即此时长木板所受的拉力和摩擦力是 对平衡力,故此时长木板所受的摩擦力是F,B错误;若长木 当电压表的示数U2大=15V时,滑动变阻器接入电路中的电 板以2v的速度运动,此时长木板仍处于平衡状态,因压力大小 阻最大。条 和接触面的粗糙程度均不变,故此时长木板受到的摩擦力大小 此时灯泡两端的最小电压U1小=U-U=18V-15V一3V 仍等于拉力F,C正确:若用2F的力作用在长本板上,此时木电路中的最小电流l 块A仍处于平衡状态,因压力大小和接触面的粗糙程度均不 变所以此时A所受的摩擦力的大小仍等于TD正确 则滑动变阻器接人电路中的最大阻值R2 1AA-o15X- d解题技巧 100n 分析物体的受力情况时,要结合物体的运动状态进行分 所以为保证电路安全,滑动变阻器连入的阻值范围是10 析:分析多个物体的受力时,要先从最外层的物体进行分析,100 因为最外层的物体受力相对简单 a解(1由F得,足浴器正常工作时的电阻R一 18.AD 1.(1)将投影仪远离屏幕一些,同时将镜头向投影片靠近,因为29 40g 嬃让像变大,根据凸透镜成像的规律,必须将物距减小,像距 (2)水吸收的热量Q=c水m(t-10)=4.2×103J/(kg·℃) 增大 5kg×(40℃-20℃)-4.2×105J (2)由于电路中的用电器均为并联用电高峰时接入电路的用 (3)足浴器在额定电压下使用500s消耗的电能W一P 电器增多,导致总电阻减小,干路上的总电流增大,导线上分压 1210W×500s-6.05×105J 增大,因此用电器两端的电压减小。当电灯两端电压小于 220V时,其亮度减小 足溶器的加热效率y×1m-x×1m% 20.解:(1)正方体木块的体积V木=(0,1m)3=0.001m3 69.4% 由p得,木块的质量m-P木V=0.6×103k/m3×a2.(1)调零将电压表正负接线柱上的导线对调6.0 (2)2098可直接读出接入电路中的电阻(3)4029.3 0.001m3=0.6kg 1200 木块的重力G木一m木g=0.6kg×10N/kg=6N 【解析】1)在开关未闭合时,电压表的指针未指在零刻度线上 放在水平桌面上,木块对容器底部的压力F=G-6N :应采取的操作是调零,使指针指在零刻度线上闭合开关后,电 木块对容器底部的压强p=5-6-600a 压表的指针仍如题图甲所示,原因是电压表的正负接线柱接 (2)已知木块不吸水,且与容器底没有紧密接触,向容器中缓慢 反,则应采取的操作是将电压表正负接线柱上的导线对调:电 加水,当木块对容器底部的压力恰好减小到零时,则此时木块 压表使用的是0~15V量程,分度值为0.5V,指针在5V后面 恰好漂浮,所以F浮=G=6N,由F浮=gV可得,木块排开 第二个小格,所测电路两端的电压为5V+2×0.5V一6V 水的体积vF1Dkm10公公-6×1-+m (2)电阻箱的示数为2