作业20 电学综合-【精彩假期】高一物理暑假作业（人教版 浙江专版）

作业20　电学综合 1．B　【解析】 由题图可知，该电容器的电容为2 200微法，A错误；由Q＝UC可知，该电容器两极板间电势差为1 V时，电容器所带电荷量为Q＝UC＝1×2.2×10－3C＝2.2×10－3C，B正确；该电容器为固定电容器，不是可调电容器，C错误；电容器所标电压为最大值，说明在25 V以下电压才能正常工作，D错误。 2．B　【解析】 根据“同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引”的规律可知，靠近物体C的导体A带负电荷，导体B则带等量的正电荷。故选B。 3．B　【解析】 由电场线的疏密可知场强的强弱，沿电场线的方向电势逐渐降低，所以A、C、D错误，B正确。 4．C　【解析】 设电动机内部线圈电阻为r，则UI＝I2r＋mgv，解得r＝17.5 Ω ，A错误；此时电动机输出功率为P出＝mgv＝600 W，B错误；刚启动时，电动机不转，是纯电阻电路，通过电动机的电流为I′＝ eq \f(U,r) ＝ eq \f(220,17.5) A≈12.6 A，C正确；电动机空载时的电流一定小于额定电流4 A，输入功率一定小于880 W，内部线圈消耗的功率一定小于880 W，D错误。 5．C　【解析】 当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律知干路电流I减小，R1的电压为U1＝IR1，则U1减小，因U2＝E－I(R1＋r)，I减小，其他量不变，则U2增大，A、B错误；由U2＝E－I(R1＋r)，得 eq \b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\f(ΔU2,ΔI))) ＝R1＋r，不变，C正确；由闭合电路欧姆定律得U＝E－Ir，则 eq \b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\f(ΔU,ΔI))) ＝r，不变，D错误。 6．C　【解析】 电源1与电源2的内阻之比是 eq \f(r1,r2) ＝ eq \f(\f(10,8),\f(10,12)) ＝ eq \f(3,2) ，A错误；小灯泡的图像斜率增大，小灯泡的电阻随着电流的增大而增大，B错误；在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比 eq \f(R1,R2) ＝ eq \f(\f(3.5,5.2),\f(5,6)) ＝ eq \f(21,26) ，C正确；在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比为 eq \f(P1,P2) ＝ eq \f(U1I1,U2I2) ＝ eq \f(3.5×5.2,5×6) ＝ eq \f(91,150) ，D错误。 7．C　【解析】 因为运动到B点时速度最小，则点电荷乙从A点向B点运动的过程中做减速运动，根据牛顿第二定律得Ff－k eq \f(qQ,r2) ＝ma，点电荷乙从A点向B点运动的过程中，距离r减小，加速度a减小，A错误；点电荷乙从A点向甲运动的过程中，库仑引力一直做正功，电势能一直减小，B错误；因为运动到B点时速度最小，合力等于零，Ff＝k eq \f(qQ,r2) ，解得r＝ eq \r(\f(kQq,Ff)) ，C正确；根据动能定理得qUAB－FfL0＝ eq \f(1,2) mv2－ eq \f(1,2) mv eq \o\al(\s\up1(2),\s\do1(0)) ，解得UAB＝eq \o\al(\s\up1(2),\s\do1(0)) eq \f(FfL0＋\f(1,2)mv2－\f(1,2)mv,q) ，D错误。 8．(1)使电容器不带电　(2)大于　(3)较大 【解析】 (1)操作①的作用是使电容器将所带的电荷量都放掉，从而不带电。 (2)因I－t图像的面积等于电容器充满电后所带电荷量，则由I－t图线可以分析出，两个电容器充电结束后，C1的电荷量大于C2的电荷量。 (3)根据C＝ eq \f(Q,U) ，因电压相等，则两个电容器相比较，C1的电容较大。 9．(1)最右端　(2)a　4.4　(3)1.47(1.46～1.48均可) 1．5(1.4～1.6均可)　电流表 【解析】 (1)开关闭合前，为了保护电路，滑动变阻器接入电路的电阻最大，所以滑动变阻器的滑片应置于变阻器的最右端。 (2)题图甲所示的电路图，开关断开时，电路中电流和外电路的电压都是零，所以a点不是实验数据；测量数据点e时，电路中的电流是0.25 A，滑动变阻器两端的电压是1.1 V，则滑动变阻器的阻值R＝ eq \f(U,I) ＝ eq \f(1.1,0.25) Ω＝4.4 Ω。 (3)题图乙的U－I图线与纵轴的交点对应的横坐标是零，所以交点的纵坐标就是电动势，故电动势为1.47 V；图线斜率的大小即为电源内阻，r＝ eq \f(E－U,I) ＝ eq \f(1.47－0.8,0.45) Ω≈1.5 Ω；电流表测量通过滑动变阻器的电流而非干路电流，电压表测量路端电压，即滑动变阻器