作业7 静电场-【课堂快线】2021高二物理暑假作业（新教材）

课堂快线假期作业(新教材) 对人下滑时受力分析得: nisinθ-∫=ma,故摩擦力大小!距离,其电容减小,D错误. 7.D解析:题意可知AD=AB,B点和D点又都在跟匀强电 场方向垂直的同一斜面上,所以两点的电势相等,小球运动 (2)重力的瞬时功率为P= (3)设运动员与滑道的动摩擦因数为g,斜面滑道的长度为 从B点到D点电场力做功为零,由动能定理得 L,运动员沿水平滑道滑行的长度为x, 则从起到终点,根据动能定理得:mLim0mgs0x:30=2m,解得v=V2,D正确 L-mgx=0-0.故x=4m0-1os,可知水平滑道;8.1)解标:设粒子的速度方向,移方↑m 所示.由图可知B、D选项正确 13.答案:(1)5J(2)F≥8.75N或2.5N<F≤5.0N 9.AC解析:由-t图象可知负电荷从A 到B运动过程中,速度不断增大,即电场 解析:(1)当滑块恰好能到达最高点C时,有mg=mR:力做正功,电势能减小,即EA>E由图象的斜率不断减 对滑块从A到C的过程,由动能定理得 小,说明物体运动的加速度不断减小,受到电场力不断减 小,即EA>EB,选项A、C正确 :10.AD解析:由匀强电场特征可知10V-6V=9-2V,解 得g=6V,A正确,B错误:;O点与a点处于同一等势面上 2)若使滑块上滑过程不脱离轨道,可使滑块恰好能到达,所以O点场强方向指向电势为2V的点,C错误,D正确 最高点C,对滑块从A到C的过程,由动能定理得 11.答案:(1)上 (2)3.3×10-2(3)A Fi-x-ung.c-mg2R=, mv 解析:(1)开关S接通1,电容器充电,根据电源的正负极可 知电容器上极板带正电.开关S接通2,电容器放电,通过 解得F1=8.75N 电流表的电流向左 若使滑块上滑过程不脱离轨道,也可使滑块恰好能到达与;(2)充满电后电容器所带电荷量QCU=3300006F 圆心等高处,对滑块在此过程中,由动能定理得 10V=3.3×102C F2x-pmgx-mg·R=0 (3)电容器充电过程中,电流逐渐减小,随着两极板电荷量 解得F2=5.0N 增大,电流减小的越来越慢,电容器充电结束后,电流减为 为使滑块在水平轨道AB上运动,还需要F>mg=2.5N;0,A正确,B错误;电容是电容器本身具有的属性,根据电 综上所述,力F的取值范围为:F≥8.75N或2.5N<F≤;容的定义式C=吕可知,电荷量与电压成正比,所以图线 作业7静电场 应为过原点直线,C、D错误. 答案:(1)30N(2)0.4m 1.D解析:当带负电的导体B靠近导体A时,两导体之间无解析:(1)当带电小球摆至B点时,绳子达到最大张力,设 在导体表面上发生了重新分布(电荷重新分布是由电荷二;为T,小球运动到B点时速度为v小球从A点运动到B 接触,由电荷守恒定律可知,A带的电荷量不变,只是电荷! 间相互作用力产生的),D正确. 点,由动能定理可得:mgl+Evl=mt 2.D解析:粒子在运动过程中只有静电力做功,动能和电势能小球在B点做圆周运动,由牛顿第二定律可得 之和保持不变,在A点时动能为10J,B点时动能为0,由对 称性易知,运动至等势面b时动能为5J,因此动能和电势能 之和为5J.当动能为7.5J时,电势能为一2.5J,D正确. 联立解得T=30 A解析:根据点电荷的电场强度公式E=k只,解得地球;(2)小球离开B点后做类平批运动,下落加速度 表面附近的电场强度大小E=100NC,选项A正确 4.C解析:以小球b为研究对象,分析可知两小球相互吸引, 设落地点C到B点的水平距离为x,则x=m022=0.4m 带异种电荷B错误:列平衡方程有mg=F=8,解得r=1 13.答案:1)号(2) ,C正确;以小球α为研究对象,列平衡方程有F拉=·解析:(1)设带电小球所带电荷量为q,带电小球在A点 时,mgin30-k8y=m mg+,解得F=2mg,A错误:;小球的电荷量突然减小 的瞬间,小球还没有来得及运动,故两球间的库仑力减小,D带电小球在B点时,kQ- mosin30°=maB 错误. 5.C解析:小物块在从M运动到N的过程中,一定受到向 右的摩擦力,所以库仑力一定向左小物块由M运动到N,;且a=4,解得an=号 与电荷Q的距离越来越大,所以小物块受到的静电力即库;(2)带电小球由A点运动到B点应用动能定理,有 仑力一定减小,A正确;由动能定理可得WE-pmgx=0,即, WE=pmgx,静电力做正功,小物块具有的电势能减小,其! nisin30°.L 减少量等于克服滑动摩擦力做的功B、D正确;因点电Qmgn30-kD2m Q 的电性未知,不能判断M、N两点电势的高低,C错误.1 6.B解析:导体球与大地间的电场为非匀强电场,A错误:由:可求得L