专题四 功能关系的应用-高二物理大暑假小一轮【成功方案】专题复习

10.【答案】 [都"在C正下方某处时,Q在B处变力排力所做的功不等于m,故B锵误;据 【解析】()轻杆开始移动时,弹簽的弹力;平衡,速率最大,故A错误;Q在B处加速度氵能量守恒可知,上滑过程中导体棒的动能减 零、Q笫一次从A运动到C的过程中加遠:小,转化为焦耳热、摩擦热和重力势能·则克服 F一kx,且F 解得x 2)设轻杆移动前弹簧所具有的弹性势能为 度先减小到零后反向增大,故B正确Q的机安培力产生的热量Q=1,n2- mgs(sin 0+ 能F等于Q的动能与重力势能之和,由功 则重物从开始下落到停止的过袈中,根 能关系有△E一W棵+W,而弹簧弹力一直做 负功即Wκ0,库仑力也一立做负功,即 W也<0,则△E<0,即Q的机械能不断减 动能减小,而重力势能增加 =E.+F 故C正确;系统的势能E等于重力势能、电势 重物从最大商度H处下落时,根据能量守氵能与弹性势能之和,根据能量守恒有AEn 故摄失的机械能W=。mr2- messin e= 恒定犍可得 ΔE-0,由于Q的动能E先增大后减小,所 )=E2+F4t 系统的势能先减小后增大,故D错誤 inθ,故D正确 A【答案】AC 解得H一h 1 球先自由下落,然后匀 向上做匀加速运动回到A点。设加上电场后:【解析】(1)对小球,由题意可得:Eq=mg 小球的加遠度大小为“,规定向下为正方向。 (1)当F=(M一m)g时轿厢速度:整个过程中小球的位移为0, 解得:E-8 1a2-0解得 2)对小球,设从C到B的加速度为a, 律可得:Eq=m 轿厢向上的加速度为a-2m/s2时 由运动学公式可得:L-2a2 对B:FB+mg-FA 加电场后,返回A点的速度 解得:FB=8N 21-a 3)由动能定理可知:Pt-Mh|mgh= 3)设圆形轨道半径为R对小球从C到D的 小球回到点时的动能是 过程,根据动能定理有 解得:t-√2gL。 杆恰好能滑到水平拉。由;从A点自由下落的高度h1=2x2,自由落体9【答案】(1)mm36(2)3 能守恒,有mg|△Mh4|- Anglin e 由几何关系△MA|-(3-2k,△A-k匀减速下降的高度=2一2人6,【解析】①)由水*可知,动在区 小球从A点到最低点的距高h一h1+h 联豆以上式子可得 由子cd棒保捋静止,结合左手定则可以判断 区域内磁场的方向垂直斛面向上 )从开始释放到A小球 刚妤到达O点正上方,如 从A到最低点小球电势能增加量等于克服电由力的平衡条件可知: nasIl0=B 图乙所示,由机槭能守恒 场力做的功△E=Fh2=4mg×1 定律有m 解得: mg2,故D馈误。 (2)对棒,由法拉第电磁感应定律有:2BB 由几何关系|△hA|=(3 【解析】在x-3m处,磁感应强度为B-2 T,因为回路中电流「恒为2A.由闭合电路欧 棒开始下滑的位暹到区域Ⅲ的上边界的距 姆定律得,回路中的感应屺动势E一Ⅰ(R z可得,此时金属摔的遮 离为:x1 联立以上两式可得=√(3+3√3gR ω-0.5m/s,选项A正硝,B馈误;由安培力公 如图丙所示,从开 知,F=BI-=.8(0.5十0 随:解得:x-3。 释放到B与O)连线与水 x成线性变化,因此可用F安一 积或:(3)经分析可知,棒的质量也为mn,ah棒 平方向成0角时,由系统 用力来求功,可得金属棒在 中克:域Ⅱ中运动的整个过程中,由能量守恒定律 机械能守恒,有 做功为3.0J,选项C错误,D正确 Q=mg×2sin 经分析可知,“b棒在区域Ⅱ中的运动时间与其 线框进入磁场的过租做加度减小;进入区域 相同,全过程电流 进入磁场后做加度为g的氵变,故棒在进入区域Ⅱ前回路产生的热量 匀加速运动,则知经过位置3时线框速度最为:Q=Q2 omava27ngu 小,故A正确;由功能关系可知线框由2到4:又:QQ+Q 程减小的重力势能等于也热,即Q=mga 解得:Q=4 ng lsin 由运动的合成与分解得vA B误;归于线框在完全选入磁场后做加速 专题五动力学、动量 为g的匀加速运动,故C错误;因为进入磁 整理得m=43-1)gR(sin+cos0 汤时要减速,即此时的安培力大于重力,遠度 和能量观点的综合应用 =4(3-1)gR·[zsin(g+6)-1] 小,安培力也减小,当安培力减小到等于重:1.【答案】(1)3.0m/s(2)4.3m/s 其中g=4,当分=4时 力时,线框做匀速运动,全进入 匀:【解析】(1)设B车的质量为mB碰后加速度 加遠运动,设线框的晸小速废为v,从线框下大小为aB根帮牛顿第二定律有 解得 2y(3-1)2 边刚进入碱场到线框完全进入时,由动能定狸 第2讲功能关系在电学中的成u;有”2m一 nigL mga,又有:式中是汽车与路面间的动摩擦因数 1.【答案】AC 2m