内容正文:
[针对训练2-∏]B匀加遼提升重物时钢搅拉力最大,根据功牟公式:[针对训练2-门]BD弹夤劾度系数k越大,向右压縮单位长度弹力 得拉力F 此时 g=ma:解得匀加速运动的加速度 越大物体减遠越快,缓冲效釆越好.A错琔:由牛顿篛三定律可 两弹簧強力总是大小 速度由彎大到z的过猩 又因原长桐等故压縮后两弹簧的长度不相等C錯误;垫 片向右移动时铧簣形变毀蔻衰越大弹性势能越来越大,正确. ,重物做变加速运动,平均速度 选项错误 狹堂演练检测效果 堂演练检测效只 1.B选项A,C屮杆、祿皮筋或弹簧的形变莹均减小,所以弹性势 1.C冫根汽车做匀遠直线运动可得泚玗汽年的牵引力等于阻力,邛 能减小:选项B中弹簧的形变迳増大:所以弹泩勢能增加,选项 0N,此肘汽车发动机 出功率即盼时功率 裉裾P=f:代入数据解得心时汽车发动机输岀的实际功卒 BC重力做功与路径无关,取决于物体初、木位逻的滈度差,且与物 不受其他力无关.重力势能的变化量只取决于重力做的功,因 B物体的加速庋a 时刻的速度 m,时刻的 率;此,三种情况下重力做功相同,重力势能的变化童也相同, 3.D物佼重力势能的大小与物你的质量以及参捞平面的选取有关 P一F-因为F,批为定伎,所以P与l成正比,即尸逐渐彎大 故选项A,B,C错误,1)正确. 1.C楼放在水平地面上质堂为100kg,长为 均匀阈铁粹,一端 故远项A皆误:B正确;0灬t时间内F的平均功卒1=F 蒼地,另一端从地面上竖立起来,重心升高了1 以重力势能增 而时刻F的股时功瘁P-P,故选项CD J-98.在上升过程中重力做负功 根裾功 可知W 4动能动能定理 10ms,则牵引力F-ma=1.∞×10-×10-1.0×⑩};所汉牵氵课筋预习学握新知 引力最大功率P=r kW,故选项B:教材梳理 正确,AC,丁错误. 势能 2.末动能初动能外力 蔚预习学握新知 想一想:牛顿第一定彿只能用于物体合外力恒定做上线运功的情 況.而动能定埋既适圳仙丿也活川」变丿,适川」百线运动也 〕路径高度2.(2)高度m(3)不 想:减小了,重力势能是标量,其正负代衣大 适用于曲线运动 思考判断 1.弹性形变2.形变 球物2.弹力装皆物休 课堂探究突破娶点 课堂探究突要 问题导学 质量一定的物体动能发生变化时,其速度一定变化;物体的速度发 题导 化,只动能不一定发三变化(如匀速圆运动 球做功相司说叮正方做功跟物体始、未位的高汝有[典例1]C做匀速国同透动的体,合外力始终指向国心,合外力不 做功:动能保持不变,AB臂误;物体所受的合外力做功,它的动能 值比较 化,遠度大小也一定变化,C正确;物休的动能不变,所受 以二面为参考亚面,则物体不管处于A太还是点,其力势能 外力傚功一定为零,但合外力不一定为震,D錯 负值,一”表示该位是在参考Y面以下绝对值大老重丿势能:[针对训练1 于运动丙具有的能叫动能但是运动的物 小,故物体在A点的应力势能大」在B点的互力势能即王→E 体可以具有多种能量,如童力勢能、内能等,选项A正确,B错误 由公式E-2可得,动能既与m有关,又与U有关,选项(,D 体出λ点运动B点约过私中,重方做正功,故物体的重势能 减小,从而EEB 例1](整个过程中章力做功W;-mg△ 要点 1.25)J—0.5J敞重力势能减少.55J所以选项C正 问题导学 [针对训练1-1AD重力做负功,物依位移的方向与重力方向之 不一定.如刘车加逑出时合外力做正功,动能人,动能的收变4 的夹角一定大于9。,所以物体的高度一定升高 A正确;由 大于零;列车減速进妡会力做负功,动能小,动能改变 10J所以物体的重力势能增加 零 项BC错误;重力做负功也可以说物体克服更力倣功,:[典例2]解析:(1)为使物块下滑,应满 选项D正确 0满足的条件1an:0.0 问题导学 0.05吋物块烩好从斜面开始下滑 物仁发生忛形变吋才只有烨性势能.冋·根揖箕或根 服摩深力做功 幼度系数相同强形变量同时弹性势能才相同 [典例B最终小球粕止在A点时,小球所受的重力与弹簧的弹力 由动能定理得 gLI sin (?-W 下落时的高度h无关,臂误,B正确;对同一弹簧,它的弹 动能定理得mgI1sn0-W 性勢能大小仅与弹簧的形变量有关,小球静止在A点或经过A点 敔報得v=1ms, 吋弹簣的弹性势能相,C,Ⅰ错误 律得f= 习题课三动能定理的应用 课堂探究突駛耍 答案:(1 [典例1]解析:(1)从A点 由动能定理得mh-+mv [针对训练2-1]A在θ灬~ls内,物依遠度增大,动能增大,所以合外 内,物体逸度减小,动能减小,合外力攸负功.囚 此,在薹个过程中,合外力先做正功:后做负功.故选顶A正确,F 点,设轨道对小物块的支持力为F 由向心力公式得 由牛顿第三定律得F 鲜 (2)恰好过1