11.2 滑轮-2020-2021学年八年级物理下册高频易错必刷题（教科版）

11.2 滑轮 高频易错必刷题 一、选择题 1．（2020•绍兴）如图，甲、乙实验可以得出“定滑轮不能省力”这一结论。小敏想通过一次实验既得出结论，又能直接显示出钩码的重力大小，于是在左侧加上一个相同的弹簧测力计（弹簧测力计重力不能忽略、绳和滑轮之间摩擦不计）。下列四套装置中能实现的是（　　） A． B． C． D． 解： （1）在AC两图中，钩码挂在拉环上（即左边测力计倒置使用），因为弹簧测力计本身有重力，所以此时测力计显示的示数等于测力计自身的重力与钩码重力之和，则不能直接显示出钩码的重力大小，故AC错误； （2）在BD两图中，钩码挂在挂钩上（即左边测力计正常使用），所以能直接显示出钩码的重力大小； ①B图中，右边的测力计倒置使用，此时右边测力计的示数等于左边测力计的重力与钩码重力之和，而左边测力计的示数等于钩码的重力，所以两边测力计的示数不相等，不能得出正确结论，故B错误； ②设两测力计的重力均为G，由于定滑轮上的左边都是钩码和一个测力计在拉绳子，则绳子的拉力为F＝G1+G； D图中，左边测力计的示数为：F左＝G1； 手拉右边测力计的挂钩，由力的平衡条件可得，右边测力计的示数（即测力计受到向下的拉力）：F右＝F﹣G＝G1+G﹣G＝G1； 所以，F左＝F右＝G1，能得出正确结论，故D装置中能实现所有的要求； 答案：D。 2．（2020•犍为模拟）如图所示的四种机械装置中，不能省力的装置是（　　） A．自行车的脚踏板 B． 旗杆顶的定滑轮 C． 水管上的水龙头 D． 大门上的门把手 解：A、自行车的脚踏板是轮轴，轮半径大于轴半径，在使用时动力臂大于阻力臂，是省力机械，故A不符合题意； B、旗杆顶的定滑轮是等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省力也不费力，故B符合题意； C、水管上的水龙头是轮轴，轮半径大于轴半径，在使用时动力臂大于阻力臂，是省力机械，故C不符合题意； D、大门上的门把手是轮轴，轮半径大于轴半径，在使用时动力臂小于阻力臂，是省力机械，故D不符合题意； 答案：B。 3．（2017•桂林）某升降式晾衣架的结构如图所示，该晾衣架没有应用到的简单机械是（　　） A．动滑轮 B．定滑轮 C．轮轴 D．斜面 解：A、动滑轮可以省力，但不能改变力的方向，连接在横梁上与晾衣架一起升降的滑轮为动滑轮，故A不符合题意； B、定滑轮可以改变力的方向，但不省力，固定在天花板上的滑轮为定滑轮，故B不符合题意； C、使用轮轴可以省力，也可改变力的方向，固定在墙上有摇臂的为轮轴，故C不符合题意； D、从晾衣架的结构图上看，没有用到斜面，故D符合题意。 答案：D。 4．（2020•潮阳区一模）在使用下列简单机械匀速提升同一物体的四种方式，如果不计机械自重、绳重和摩擦，所用动力最小的是（　　） A． B． C． D． 解：不计机械自重绳重和摩擦，即在理想状况下： A、图示是一个定滑轮拉力F1＝G； B、根据勾股定理知h＝m＝3m，图中为斜面，F2×5m＝G×3m，得到F2＝0.6G； C、如图所示，由图可知＝＝， 由杠杆平衡条件可得：F3×L2＝G×LG，拉力F3＝G×＝G＝0.4G； D、由图示可知，滑轮组承重绳子的有效股数n＝3，拉力F4＝G＝G≈0.3G； 因此最小拉力是F4。 答案：D。 5．（2020•宁波模拟）如图所示，用完全相同的四个滑轮和两根细绳组成甲、乙两个滑轮组，在各自的自由端分别施加F1和F2的拉力，在相同时间内将相同的重物竖直匀速提升相同的高度（不计绳重、轮重和一切摩擦）。下列说法正确的是（　　） A．拉力F1小于拉力F2 B．甲绳子自由端移动速度小于乙绳的 C．甲、乙两滑轮组均属于费力的机械 D．甲、乙两滑轮组绳子自由端移动的距离相等 解：A、不计绳重及摩擦，因为拉力F＝（G物+G动），n1＝2，n2＝3， 所以绳端的拉力：F1＝（G物+G动），F2＝（G物+G动），所以F1＞F2，故A错误； B、由图知，n甲＝2，n乙＝3，甲滑轮组绳子自由端移动的速度v甲＝2v物，乙滑轮组绳子自由端移动的速度v乙＝3v物，所以甲绳子自由端移动速度小于乙绳的自由端移动的速度，故B正确； C、使用动滑轮能够省力，为省力杠杆，故C错误； D、因为绳子自由端移动的距离s＝nh，n1＝2，n2＝3，提升物体的高度h相同，所以s1＝2h，s2＝3h，则s1≠s2，故D错误； 答案：B。 6．（2021•涪城区模拟）如图所示，三个滑轮拉同一物体在同一水平面做匀速直线运动，所用拉力分别为F1、F2、F3，那么这三个力的关系是（　　） A．F1＞F2＞F3 B．F1＜F2＜F3 C．F2＞F1＞F3 D．F2＜F1＜F3 解：由题意可知，滑轮的重和绳的摩擦不计， 假设物体与地面的摩擦力为f， 第一幅图中滑轮为定滑轮，不省力，则F1＝f， 第二幅图