第1章 素养培优课2 动量守恒定律的综合应用 讲义—2021-2022学年新教材鲁科版(2019)高中物理选择性必修第一册

2021-04-25
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普通

资源信息

学段 高中
学科 物理
教材版本 高中物理鲁科版选择性必修 第一册
年级 高二
章节 第1章 动量及其守恒定律
类型 教案-讲义
知识点 -
使用场景 同步教学
学年 2022-2023
地区(省份) 全国
地区(市) -
地区(区县) -
文件格式 DOC
文件大小 104 KB
发布时间 2021-04-25
更新时间 2023-04-09
作者 匿名
品牌系列 -
审核时间 2021-04-25
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内容正文:

素养培优课(二) 动量守恒定律的综合应用 [培优目标]1.掌握含有弹簧类模型问题.2.掌握“滑块—木板”模型与图像问题.3.学会多物体、多过程动量守恒定律的应用. 考点1 弹簧类模型 1.对于弹簧类问题,在作用过程中,系统所受合外力为零,满足动量守恒. 2.整个过程涉及弹性势能、动能、内能、重力势能的转化,应用能量守恒定律解决此类问题. 3.注意:弹簧压缩最短时,弹簧连接的两物体速度相等,此时弹簧弹性势能最大. 【典例1】 (多选)质量为M和m0的滑块用轻弹簧连接,以恒定速度v沿光滑水平面运动,与位于正对面的质量为m的静止滑块发生碰撞,如图所示,碰撞时间极短,在此过程中,下列情况可能发生的是(  ) A.M、m0、m速度均发生变化,碰后分别为v1、v2、v3,且满足(M+m0)v=Mv1+m0v2+mv3 B.m0的速度不变,M和m的速度变为v1和v2,且满足Mv=Mv1+mv2 C.m0的速度不变,M和m的速度都变为v′,且满足Mv=(M+m)v′ D.M、m0、m速度均发生变化,M和m0的速度都变为v1,m的速度变为v2,且满足(M+m0)v=(M+m0)v1+mv2 BC [M和m碰撞时间极短,在极短的时间内弹簧形变极小,可忽略不计,因而m0在水平方向上没有受到外力作用,动量不变(速度不变),可以认为碰撞过程中m0没有参与,只涉及M和m,由于水平面光滑,弹簧形变极小,所以M和m组成的系统水平方向动量守恒,两者碰撞后可能具有共同速度,也可能分开,所以只有B、C正确.] [跟进训练] 1.如图所示,A、B两物体的中间用一段细绳相连并有一压缩的弹簧,放在平板小车C上后,A、B、C均处于静止状态.若地面光滑,则在细绳被剪断后,A、B从C上未滑离之前,A、B在C上向相反方向滑动的过程中(  ) A.若A、B与C之间的摩擦力大小相同,则A、B及弹簧组成的系统动量守恒,A、B、C及弹簧组成的系统动量不守恒 B.若A、B与C之间的摩擦力大小相同,则A、B及弹簧组成的系统动量不守恒,A、B、C及弹簧组成的系统动量守恒 C.若A、B与C之间的摩擦力大小不相同,则A、B及弹簧组成的系统动量不守恒,A、B、C及弹簧组成的系统动量不守恒 D.若A、B与C之间的摩擦力大小不相同,则A、B及弹簧组成的系统动量不守恒,A、B、C及弹簧组成的系统动量守恒 D [当A、B两物体及弹簧组成一个系统时,弹簧的弹力为内力,而A、B与C之间的摩擦力为外力.当A、B与C之间的摩擦力大小不相等时,A、B及弹簧组成的系统所受合外力不为零,动量不守恒;当A、B与C之间的摩擦力大小相等时,A、B及弹簧组成的系统所受合外力为零,动量守恒.对A、B、C及弹簧组成的系统,弹簧的弹力及A、B与C之间的摩擦力均属于内力,无论A、B与C之间的摩擦力大小是否相等,系统所受的合外力均为零,系统的动量守恒.故选项D正确.] 考点2 “滑块——木板”模型与图像问题 1.把滑块、木板看作一个整体,摩擦力为内力,在光滑水平面上滑块和木板组成的系统动量守恒. 2.由于摩擦生热,把机械能转化为内能,系统机械能不守恒.应由能量守恒求解问题. 3.注意:滑块不滑离木板时最后二者有共同速度. 【典例2】 (多选)如图甲,光滑水平面上放着长木板B,质量为m=2 kg的木块A以速度v0=2 m/s滑上原来静止的长木板B的上表面,由于A、B之间存在摩擦,之后木块A与长木板B的速度随时间变化情况如图乙所示,重力加速度g=10 m/s2.则下列说法正确的是(  ) 甲            乙 A.木块A与长木板B之间的动摩擦因数为0.1 B.长木板的质量为M=2 kg C.长木板B的长度至少为2 m D.木块A与长木板B组成的系统损失的机械能为4 J AB [由题图可知,木块A先做匀减速运动,长木板B先做匀加速运动,最后一起做匀速运动,共同速度v=1 m/s,取向右为正方向,根据动量守恒定律得:mv0=(m+M)v,解得:M=m=2 kg,故B正确;由题图可知,长木板B匀加速运动的加速度为:aB=eq \f(Δv,Δt)=eq \f(1,1) m/s2=1 m/s2,对长木板B,根据牛顿第二定律得:μmg=MaB,解得μ=0.1,故A正确;由题图可知前1 s内长木板B的位移为:xB=eq \f(1,2)×1×1 m=0.5 m,木块A的位移为:xA=eq \f(2+1,2)×1 m=1.5 m,所以长木板B的最小长度为:L=xA-xB=1 m,故C错误;木块A与长木板B组成的系统损失的机械能为:ΔE=eq \f(1,2)mveq \o\al(2,0)-eq \f(1,2)(m+M)v2=2 J,故D错误.] [跟进训练] 2.如图所示,在光滑水平面上有一质量为M的小车正以速度v0向右运动,现有一质量为m的木块

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第1章 素养培优课2 动量守恒定律的综合应用  讲义—2021-2022学年新教材鲁科版(2019)高中物理选择性必修第一册
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