模块综合测试卷一-2020-2021学年新教材高中物理必修第二册【创新思维】同步AB卷（人教版）

根据动能定理有－２Wf＝ １ ２mv３ ２－１２mv２ ２ 解得v３＝２ ５m/s 此后物体做匀速直线运动,物体回到出发点的速 度大小为２ ５m/s. １７．(１)２m/s２　(２)２m/s　(３)１s 解析:(１)当轿厢向上的速度为v＝１m/s时,由P ＝Fv得,重物B下端绳的拉力大小为FB＝１０N 根据牛顿第二定律得,对 A 有FA－mAg＝mAa 对B有FB＋mBg－FA＝mBa 联立解得a＝２m/s２. (２)当电动机的拉力F＝(mA－mB)g时轿厢的速 度达到最大, 又P＝Fvm 解得vm＝２m/s. (３)轿 厢 从 开 始 运 动 到 恰 好 达 到 最 大 速 度 的 过 程,对 A、B整体,由动能定理得 Pt－mAgh＋mBgh＝ １ ２ (mA＋mB)vm２ 解得t＝１s. １８．(１)５３Mg－mg　 (２)６∶５　(３)８mMg５(m＋M) (或４８ ５５mg 或８ １１mg ) 解析:(１)设小球受AC、BC的拉力分别为F１、F２, 则F１sin５３°＝F２cos５３° F＋mg＝F１cos５３°＋F２sin５３° 且F１＝Mg 解得F＝５３Mg－mg . (２)小球运动到与 A、B 相同高度过程中,小球上 升高度h１＝３lsin５３° 物块下降高度h２＝２l 由机械能守恒定律可得mgh１＝Mgh２ 解得 M∶m＝６∶５. (３)根据机械能守恒定律可知,小球回到起始点. 设此时AC方向的加速度大小为a,重物受到的 拉力为T,由牛顿运动定律可得 Mg－T＝Ma 小球受AC的拉力T′＝T 由牛顿运动定律可得T′－mgcos５３°＝ma 解得T＝ ８mMg５(m＋M) (T＝４８５５mg 或T＝８１１Mg ). 模块综合测试卷一 １．D　曲线运动的轨迹在速度方向与合力方向之间, 对 M、N 点进行分析可知,开始时恒力与速度夹角 为钝角,后来夹角为锐角,则物体的速度先减小后 增大,D正确. ２．A　根据动能的表达式,小球运动到最高点时速度 vx＝ ２Ek m ,因水平方向不受外力,故小球运动过 程中水平速度不变,由运动的合成与分解可知,小 球在抛出点时的速度v＝ vx cos６０°＝２ ２Ek m ,小球 在抛出点时的机械能为１ ２mv ２＋０＝４Ek,由于只有 重力做功,故小球在运动过程中机械能守恒,小球 在离地面高h处的机械能仍为４Ek,A正确. ３．D　小船沿船头指向方向的速度均匀增大时,小船 的运动是匀变速直线运动与匀速直线运动的合运 动,为匀变速曲线运动,加速度不变,则小船速度 变化均匀,A错误,D正确;将沿船头指向方向的速 度沿垂直于河岸和平行于河岸的方向分解,两个 分速度均增加,则小船渡河时间变小,小船不能到 达B 点,B、C错误. ４．C　设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球的质量 为 M,根据万有引力提供向心力,有GMm r２ ＝mv ２ r ＝ma＝mω２r,可得v＝ GMr ,a＝GM r２ ,ω＝ GM r３ , 则知卫星b、c的线速度大小相等,且小于卫星a的 线速度,故 A错误;卫星b、c的向心加速度大小相 等,且小于卫星a的向心加速度,故B错误;若卫星 a要变轨到卫星 b所在的轨道,需要加速,所以卫 星b的发射速度一定大于卫星a的发射速度,故 C 正确;卫星b、c的角速度大小相等,且小于卫星a 的角速度,故 D错误. ５．C　在P 点减小初速度,则纸团下降到纸篓上沿这 段时间内,水平位移变小,则纸团不能进入篓中, 故 A错误;在P 点增大初速度,则纸团下降到篓底 的时间内,水平位移增大,不能直接击中篓底的正 中间,故B错误;在P 点正上方某位置将纸团以小 于v 的速度水平抛出,根据x＝v０ ２h g 知,纸团水 平位移可以减小,也不会与篓的左边沿相撞,可能 落在篓底的正中间,故 C正确;在P 点正下方某位 置将纸团以大于v 的速度水平抛出,则纸团能进 篓,但不能击中篓底正中间,故 D错误. ６．B　因为圆环光滑,所以这三个力肯定是重力、环 对球的弹力、细绳的拉力.细绳要产生拉力,则细 绳要处于拉伸状态,根据几何关系可知,此时细绳 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋