模块综合测试卷二-2020-2021学年新教材高中物理必修第二册【创新思维】同步AB卷（人教版）

＝０．１s,小球在水平方向上做匀速直线运动,所 以小球的初速度为v０＝ xCE T′ ＝ ０．２ ０．１m /s＝２m/s, 小球在C点竖直方向的速度vCy＝ yAE ２T′＝２m /s, 则从抛出点到C 点的时间tC＝ vCy g ＝０．２s ,从抛 出点到A 点的时间为tA＝tC－T′＝(０．２－０．１)s ＝０．１s,所以抛出点距离A点的水平位移为xA＝ v０tA＝２×０．１m＝０．２m＝２０cm,则抛出点的横 坐标为x＝－２０cm,抛出点距离A 点的竖直位移 为yA＝ １ ２gtA ２＝５cm,则抛出点的纵坐标为y＝ －５cm. １４．(１)交流２２０V　A　(２)①１２．８　②１．５７　０．６１６ 　０．６２７　③重物在下落时要受到阻力作用(摩 擦力、空气阻力) 解析:(１)电火花打点计时器的工作电压为交流 ２２０V,纸带下端所挂重物应选体积小、质量大的 重物,故选 A. (２)①刻度尺的读数需读到最小刻度的后一位, 三个数据中不符合有效数字读数要求的是１２．８. ② 打 B 点 时 重 物 的 速 度 vB ＝ xAC t ＝ ０．１６１２－０．０９８４ ２×０．０２ m /s＝１．５７m/s,动能 的 增 加 量 ΔEk＝ １ ２mvB ２＝１２×０．５×１．５７ ２J＝０．６１６J, 重力势能 的 减 少 量 ΔEp＝mghB ＝０．５×９．８× ０．１２８J＝０．６２７J. ③在操作规范、数据测量和数据处理很准确的前 提下,该实验测得的 ΔEp 也一定略大于 ΔEk,该 系统误差产生的主要原因是重物在下落时要受 到阻力作用(摩擦力、空气阻力). １５．R gR＋h 解析:假设地球表面上有一个物体,质量为m１,则 GMm１ R２ ＝m１g,组合体做圆周运动,根据牛顿第二 定律得 GMm (R＋h)２ ＝mv ２ R＋h ,解得v＝R gR＋h . １６．(１)２s　(２)１５m/s 解析:(１)由题意可知,石子落到A 点的竖直位移 y＝２００×１０×１０－２ m＝２０m 由y＝１２gt ２ 得t＝２s. (２)由A 点的速度分解可得v０＝vytan３７° 又因vy＝gt＝２０m/s 故v０＝１５m/s. １７．(１)２ １５gR５ 　 (２)７．５R 解析:(１)设 小 球 第 一 次 到 达 N 点 时 速 度 为 vN,则 mg􀅰５Rsin３７°＋mg(R－Rcos３７°)－μmgcos３７°􀅰５R ＝１２mvN ２ 解得vN＝ ２ １５gR ５ . (２)小球最终在 PNQ 间做往返运动,在 P、Q 两 点处速度均为０, mg􀅰５Rsin３７°－μmgcos３７°􀅰s＝０ 解得s＝７．５R. １８．(１)３mgR　(２)１２mgR　 (３) ５gR 解析:(１)物体到达B 点瞬间,根据牛顿第二定律 有FN－mg＝m vB２ R 根据题意FN＝７mg 解得vB２＝６gR 由能量守恒定律得Ep＝EkB＝ １ ２mvB ２＝３mgR. (２)物体恰能到达C点,重力提供向心力, 根据牛顿第二定律有mg＝m vC２ R 所以EkC＝ １ ２mvC ２＝１２mgR 物体从B 点运动到C 点,根据动能定理有 －mg􀅰２R－Wf＝EkC－EkB 解得Wf＝ １ ２mgR . (３)物体离开C 点后落回水平面,由机械能守恒 定律得Ek地 ＝EkC＋２mgR＝ ５ ２mgR 解得v＝ ５gR. 模块综合测试卷二 １．C　物体在 F１、F２、F３ 三个共点力作用下做匀速 直线运动,三力平衡,必有F１ 与F３ 和F２ 的合力 等大、反向,当 F１ 大小不变,方向改变９０°时,F３ 与F２ 的合力大小仍为F１,方向与改变方向后的 F１ 夹 角 为９０°,故 F合 ＝ ２F１,物 体 做 匀 变 速 运 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 —１７— 动,由于速度v的方向与恒力F１ 改变前的方向相 同,故改 变 后 F合 的 方 向 与 速 度 方 向 的 夹 角 为 １３５°,物体做匀变速曲线运动,根据牛顿第二定律 得a＝ F合 m ＝ ２F１ m ,故 A、B、D错误,C正确. ２．B　图甲中