内容正文:
参 考 答 案
确定一平面,
∵n⊥β
,
m⊥α
,
∴
该平面与平面
α
和平面
β
的交线也互相垂直,
从而平面
α
和平面
β
的二面角的平面角为
90°
,
∴α⊥β.
故答案为
①③④圯②.
10.
平行【解析】 由平面与平面的位置关系及两个平面平
行、 垂直的定义、 判定定理, 知平面平行具有传递性, 相交、
垂直都不具有传递性
.
11. DM⊥PC
(或
BM⊥PC
等) 【解析】 由题意得
BD⊥
AC
,
∵PA⊥
平面
ABCD
,
∴PA⊥BD.
又
PA∩AC=A
,
∴BD⊥
平面
PAC
,
∴BD⊥PC. ∴
当
DM⊥
PC
(或
BM⊥PC
) 时,
即有
PC⊥
平面
MBD
, 而
PC奂
平面
PCD
,
∴
平面
MBD⊥
平面
PCD.
12.
证明: (
1
) 由直三棱柱
ABC鄄A
1
B
1
C
1
, 得
A
1
B
1
∥AB.
因为
A
1
B
1
埭
平面
ABD
,
AB奂
平面
ABD
,
所以直线
A
1
B
1
∥
平面
ABD.
(
2
) 因为三棱柱
ABC鄄A
1
B
1
C
1
为直三棱柱, 所以
AB⊥BB
1
.
又因为
AB⊥BC
,
BB
1
奂
平面
BCC
1
B
1
,
BC奂
平面
BCC
1
B
1
,
且
BB
1
∩BC=B
, 所以
AB⊥
平面
BCC
1
B
1
.
又因为
AB奂
平面
ABD
, 所以平面
ABD⊥
平面
BCC
1
B
1
.
13.
证明: (
1
)
∵
四边形
ABCD
是正方形,
∴E
是
BD
的中点
.
又
F
是
PB
的中点,
∴EF∥PD.
又
∵EF埭
平面
PCD
,
PD奂
平面
PCD
,
∴EF∥
平面
PCD.
(
2
)
∵
四边形
ABCD
是正方形,
∴BD⊥AC.
∵PA⊥
平面
ABC
,
BD奂
平面
ABC
,
∴PA⊥BD.
又
PA∩AC=A
,
PA
,
AC奂
平面
PAC
,
∴BD⊥
平面
PAC.
又
BD奂
平面
PBD
,
∴
平面
PBD⊥
平面
PAC.
14.
(
1
) 证明: 连接
D
1
A
,
D
1
B.
∵
在长方形
A
1
ADD
1
中,
AD=
AA
1
=1
,
∴
四边形
A
1
ADD
1
为正方形,
∴A
1
D⊥AD
1
.
又由题意知
AB ⊥A
1
D
, 且
AB∩AD
1
=A
,
∴A
1
D⊥
平面
ABD
1
.
∵D
1
E奂
平面
ABD
1
,
∴A
1
D⊥D
1
E.
(
2
) 解: 过
D
作
DF⊥EC
于点
F
, 连接
D
1
F.
∵D
1
D⊥
平面
ABCD
,
EC奂
平面
DB
,
∴D
1
D⊥EC.
又
DF∩D
1
D=D
,
∴EC⊥
平面
D
1
DF.
∵D
1
F奂
平面
D
1
DF
,
∴EC⊥D
1
F
,
∴∠DFD
1
为二面角
D
1
鄄EC鄄D
的平面角,
∴∠DFD
1
=45°
, 又
∠D
1
DF=90°
,
D
1
D=1
,
∴DF=1.
在
Rt△DFC
中,
∵DC=2
,
∴∠DCF=30°
,
∴∠ECB=60°.
在
Rt△EBC
中,
∵BC=1
,
∴EB= 3
姨
,
AE=2- 3
姨
.
第十一章综合测试卷
1. D
【解析】 根据空间两条直线的位置关系和基本事实
推论可知
c
与
b
异面或相交, 但不可能平行, 故选
D.
2. D
【解析】
A
,
B
,
C
显然正确
.
易知当直线与平面垂直
时, 过这条直线有无数个平面与已知平面垂直, 故选
D.
3. C
【解析】 设正方体边长为
a
, 由题意可知,
6a
2
=24
,
∴a=2.
设正方体外接球的半径为
R
, 则
3
姨
a=2R
,
∴R= 3
姨
,
∴V球=
4
3
πR
3
=4 3
姨
π
, 故选
C.
4. A
【解析】
∵l⊥β
,
l奂α
,
∴α⊥β
(面面垂直的判定定
理), 故选
A.
5. D
【解析】 由直线
l
1
和
l
2
是异面直线可知
l
1
与
l
2
不平
行, 故
l
1
,
l
2
中至少有一条与
l
相交, 故选
D.
6. B
【解析】 选项
A
, 平行于同一条直线的两个平面也
可能相交, 故选项
A
错误; 选项
B
, 垂直于同一直线的两个
平面互相平行, 选项
B
正确; 选项
C
, 由条件应得
α⊥β
, 故
选项
C
错误; 选项
D
,
l
与
β
的位置不确定, 故选项
D
错误
.
故选
B.
7. D
【解析】 由题可知,
AD⊥BD
,
AD⊥DC
, 所以
AD⊥
平面
BDC
, 又
△ABD
与
△ADC
均为以
D
为直角顶点的等腰
直角三角形,