内容正文:
物理 (选修 3 - 5·人教版)
1
2
mv20 =
1
2
mv22 +
1
2
Mv23
解得: v3 = 2 m / s。
对点训练 3:BD 设碰前瞬间 B 物体的速度为 vB 有:mgh =
1
2
mv2B ,
解得:vB = 2gh,根据动量守恒:mvB = ( m + m) v共 ,所以v共 =
1
2
vB =
1
2
2gh,从碰完到压缩弹簧最短,根据机械能守恒有:Epm =
1
2
( m +
m)v2共 =
mgh
2
,A 错误;B 正确;刚要分开时两物体具有相同的速度,设为
v′,从压缩最短到分开,根据机械能守恒有:Epm =
1
2
(m + m) v′2 = mgh
2
,
解得:v′ = gh
2
,之后 B 物体开始冲上斜面,根据机械能守恒,有: 1
2
mv′2 - 0 = mghm ,解得:hm =
h
4
,C 错误;D 正确。
课堂巩固达标
1. D 把人、锤子和平板车看成一个系统,系统水平方向不受外力,水平
方向动量守恒,锤子向左运动,平板车向右运动,锤子向右运动,平板
车向左运动,所以车左右往复运动,不会持续地向右运动,A 错误。 由
于人消耗体能,体内储存的化学能转化为系统的机械能,因此系统机
械能不守恒,B 错误。 在锤子的连续敲打下,系统竖直方向的合力不
等于零,该方向系统的动量不守恒,所以系统的动量不守恒;但系统水
平方向不受外力,水平方向动量守恒,初态水平动量为零,所以水平方
向动量时刻为零,C 错误,D 正确。
2. D 选滑块与小车组成的系统为研究对象,规定向右为正方向,由水平
方向动量守恒得 mv = (M + m)v′,所以有 v′ = mv
m + M
,方向水平向右,与
v 同向。 故 D 正确,ABC 错误。
3. (1)20 N·s,水平向右 (2)2. 4 m / s
解析:(1)A、B 碰撞过程中,由动量守恒有 mAv0 = ( mA + mB ) v1 ,代入
数据解得 v1 = 1 m / s
由动量定理得,A 对 B 的冲量 I = mBv1 = 20 N·s,方向水平向右。
(2)对人、A、B 组成的系统进行全过程分析,由动量守恒有
(m人 + mA)v0 = (m人 + mA + mB)v
代入数据解得 v = 2. 4 m / s
第四节 碰 撞
课前预习反馈
知识点 1:机械能 机械能 粘在一起 最大
知识点 2:两球心 这条直线 两球心 偏离
知识点 3:相互接触 很小
判一判
(1)√ (2) × (3) × (4) × (5)√
选一选
A 由 x - t 图像知,碰撞前 va = 3 m / s,vb = 0,碰撞后 va′ = - 1 m / s,
vb′ = 2 m / s,碰撞前动能
1
2
mav
2
a +
1
2
mbv
2
b =
9
2
J,碰撞后动能 1
2
mava′
2
+ 1
2
mbvb′
2 = 9
2
J,故机械能守恒;碰撞前动量 mava + mbvb = 3 kg·m/ s,
碰撞后动量mava′ + mbvb′ = 3 kg·m/ s,故动量守恒,所以碰撞属于弹性
碰撞。
想一想
由于小球发生了弹性碰撞,碰撞中的动量和动能都守恒,发生了速
度、动能的“传递”。
课内互动探究
思考讨论 1:能 解析:子弹与乒乓球一起做平抛运动,结合平抛运动
规律:s = v0t,h =
1
2
gt2 求出平抛初速度 v0,此即为子弹与乒乓球作用后的共
同速度,再根据动量守恒:mv = (m + M)v0 可求出玩具枪子弹的射出速度 v =
(m + M)s
m
g
2h
。
典例 1:(1)0. 3 m / s (2)非弹性碰撞
解析:(1)由动量守恒定律知 mv1 = mv2 + mv3
将 v1 = 0. 4 m / s,v2 = 0. 1 m / s
代入上式得:v3 = 0. 3 m / s。
(2)碰撞前的动能 E1 =
1
2
mv1
2 = 0. 08 m,
碰撞后两冰壶的总动能 E2 =
1
2
mv2
2 + 1
2
mv3
2 = 0. 05 m
因为 E1 > E2 ,所以两冰壶的碰撞为非弹性碰撞。
对点训练 1:B A 下落过程由机械能守恒:mAgL(1 - cos 60°) =
1
2
mAv
2 ,得 v = gL,故选项 A 错误;若 A 与 B 发生完全非弹性碰撞,则
有:mAv = (mA + mB )v′,
1
2
(mA + mB )v′
2 = (mA + mB )gh,解得:h =
2
9
L,
故选项 B 正确;ΔE = 1
2
mAv
2 - 1
2
(mA + mB )v′
2 = 1
3