内容正文:
在第一节,数学排在最后一节的情况,如图中Ⅲ,这种情况有 A44
种排法,因此符合条件的排法应是 A66-2A55+A44=504(种).
20.解析:(1)先从5个演唱节目 中 选 两 个 排 在 首 尾 两 个 位 置 有 A25
种排法,再将剩余的3个演唱节目,3个舞蹈节 目 排 在 中 间 6个
位置上有 A66 种排法,故共有不同排法 A25A66=14400(种).
(2)先不考虑排列要求,有A88种排列,其中前 四 个 节 目 没 有 舞 蹈
节目的情况,可先从5个演唱节 目 中 选 4 个 节 目 排 在 前 四 个 位
置,然后将剩余四个节目排列在后四个位置,有A45A44种排法,所
以前四个节目要有舞蹈节目的排法有A88-A45A44=37440(种).
21.解析:(1)各个数位上的数字 允 许 重 复,故 由 分 步 乘 法 计 数 原 理
知,共有4×5×5×5×5=2500(个).
(2)法一:先排万位,从 1,2,3,4 中 任 取 一 个 有A14种 填 法,其 余
四个位置四个数字共有A44种,
故共有A14A44=96(个).
法二:先排0,从个、十、百、千位中任选一 个 位 置 将 0填 入 有 A14
种方法,其余四个数字全排列有 A44种方法,
故共有 A14A44=96(个).
(3)构成3的倍数的三位数,各 个 位 上 数 字 之 和 是 3 的 倍 数,按
取0和不取0分类:
① 取0,从1和4中取一个数,再取2进行排列,先填百位 A12,其
余全排列有 A22,故有2A12A22种.
②不取0,则只能取3,从 1 或 4 中 再 任 取 一 个,再 取 2,然 后 进
行全排列为2A33,所以共有2A12A22+2A33=8+12=20(个).
(4)考虑特殊位置个位和万位,先 填 个 位,从 1,3 中 选 一 个 填 入
个位有A12种填法,然后 从 剩 余 3 个 非 0 数 中 选 一 个 填 入 万 位,
有A13种填法,包含0在 内 还 有 3 个 数 在 中 间 三 位 置 上 全 排 列,
排列数为A33,故共有A12A13A33=36(个).
22.解析:(1)先考虑 甲 有A13种 站 法,再 考 虑 其 余 6 人 全 排 列,故 不
同站法总数为:A13A66=2160(种).
(2)2名女生站在一起有站法A22种,视为一种元素与其余5人全
排列,有A66种排法,所以有不同站法A22A66=1440(种).
(3)先站老师和女生,有站法A33种,再在老师 和 女 生 站 位 的 间 隔
(含两端)处插入男生,每空一人,则插入方 法A44种,所 以 共 有 不
同站法A33A44=144(种).
(4)7人全排列中,4 名 男 生 不 考 虑 身 高 顺 序 的 站 法 有A44种,而
由高到低有从左到右 和 从 右 到 左 的 不 同,所 以 共 有 不 同 站 法 2
A
7
7
A44
=420(种).
«第三章 排列、组合与二项式定理»
A卷基础达标卷(二)
(组合与组合数、二项式定理与杨辉三角)
1.C 四盏熄灭的灯产生的5个空档中放入三盏亮灯,即 C35=10.
2.C 多项式x6=[1- (1-x)]6=1-6(1-x)+15(1-x)2-
20(1-x)3+15(1-x)4-6(1-x)5+(1-x)6=a0+a1(1-x)
+a2(1-x)2++a6(1-x)6,则a4=15.
3.B 至少2件次品包含两类:
(1)2件次品,3件正品,共C23C3197种.
(2)3件次品,2件正品,共C33C2197种.
由分类加法计数原理得抽法共有C23C3197+C33C2197.
4.A 由 于 mx-
1
x2( )
6
(m>0)的 展 开 式 的 通 项 公 式 为 Tr+1 =
Cr6×(mx)6-r×(-1)r×x-2r=(-1)r×m6-r×Cr6×x6-3r,令 6
-3r=0,求得r=2,
故常数项为 T3=(-1)2m4×C26=60,解得 m=± 2,
∵m>0,∴m= 2.
5.D 2+(3+3)+(4+6+4)++(11+C211+C311+C411+C511)=
22-2+23-2++210-2+ 12
(211-2)=4
(29-1)
2-1 -18+2
10
-1=3049,
∴数列2,3,3,4,6,4,5,10,10,5,6,的前50项和为3049.
6.C x+ 1x( ) (x-3)
5 展开式中含x 的 项 的 系 数:1×(-3)5+
C35(-3)3=-513.
7.B 因为
x+1≤10,
17-x≤10,
x+1≥0,
17-x≥0,
ì