内容正文:
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17期 《牛顿运动定律》单元测试题
1.C; 2.B; 3.B; 4.B;
5.C; 6.D; 7.C; 8.D.
9.BD; 10.BC; 11.BD; 12.CD.
13.(1)C; (2)丙, C; (3)b
g
.
14.(1)系统,远小于; (2)
x1
x2
=
m1
m2
.
15.解析:(1)滑雪爱好者做初速度为零的匀加速
直线运动,则加速度大小为
a= v
t
=20
10
m/s2 =2m/s2.
(2)滑雪道的斜面长度
x= v
2
t=20
2
×10m=100m.
(3)根据牛顿第二定律得
mgsin37°-Ff=ma,FN =mgcos37°
又Ff=μFN,解得μ=0.5.
16.解析:(1)汽车上坡时,由牛顿第二定律得:
mgsin37°+μmgcos37°=ma
解得:a=10.8m/s2.
(2)设汽车刹车前的速度为v,对于刹车过程,有
0-v2 =-2ax
解得:v=10.8m/s=38.88km/h>30km/h,故
已超速.
17.解析:由图象可求得甲、乙两条图线对应的加
速度大小:
a甲 =
Δv
Δt
=3-5
6
m/s2 =-1
3
m/s2
a乙 =
Δv
Δt
=1-5
6
m/s2 =-2
3
m/s2
由于两种情况都是减速运动,当推力与速度同向
时受推力时加速度较小.由牛顿第二定律得:
F+Ff=ma甲,Ff=ma乙
解得F=1N,Ff=-2N.
当推力与速度反向时,受推力时加速度较大,由牛
顿第二定律得:F′+F′f=ma乙,F′f=ma甲
解得:F′=-1N,F′f=-1N.
故推力和摩擦力的大小分别为1N、1N或1N、2N.
18.解析:(1)对无人机在匀加速过程运动分析,有:
h= 1
2
at2,解得 a=2m/s2
对无人机在匀加速过程受力分析,依牛顿第二定
律有:Fm -f-m总 g=m总 a,解得:Fm =42N.
(2)若6s末无人机升力变为24N,无人机做减速
运动,根据牛顿第二定律可得:
F-f-m总 g=m总 a1,解得:a1 =-4m/s
2
t=6s时的速度为:v=at=12m/s
匀减速上升的距离为:
h1 =
0-v2
2a1
= 0-12
2
2×(-4)
m=18m
无人机最高能上升到距地面的高度为:
H=h1+h=54m.
高中物理(必修1)单元评估测试题(一)
1.D; 2.D; 3.B; 4.B;
5.C; 6.C; 7.D; 8.A.
提示:
5.由题意知,扣子做初速度为5m/s,加速度为重
力加速度的匀加速运动,落地时位移为10m,根据位移
时间关系x=v0t+
1
2
at2代入数据有:10=5t1+
1
2
×
10×t21;求得扣子落地时间:t1=1s,跳伞爱好者匀速运
动,根据位移时间关系知,跳伞爱好者落地时间t2 =
h
v
=10
5
s=2s,所以跳伞爱好者晚着陆时间为Δt=t2-
t1 =1s,故C正确.
6.车中途急刹车,停止后又立即加速到 v0这段时
间内的位移x=
v0
2
t0;这段位移若列车做匀速直线运动
所需的时间t′= x
v0
=
t0
2
;则火车由于刹车减速再加速
所耽误的时间为Δt=t0-
t0
2
=
t0
2
;则火车匀速运动的
速度v0 =
vt
t-
t0
2
.故C正确,ABD错误.
7.6s内甲车的位移x甲 =
1
2
×3×30m+1
2
×
3×15m=67.5m;乙车的位移:x乙 =3×30m+
1
2
×
(15+30)×3m=157.5m,则t=0时刻两车相距距
离最大为Δx=x乙 -x甲 =90m,故D正确.
8.在0~t3时间内,由面积表示位移,可知甲、乙两
质点通过的位移相等,所用时间相等,则甲、乙两质点
的平均速度相等,故 A正确;图象的斜率表示加速度,
则甲质点在0~t1时间内的加速度与乙质点在t2 ~t3
时间内的加速度大小相等,但方向相反,所以加速度不
同,故B错误;甲质点在0~t1时间内的平均速度为
v
2
,
乙质点在0~t2时间内平均速度为
v
2
,即平均速度相
等,故C错误;两个质点一直沿正向运动,都没有回到
出发点,故D错误.
9.BC; 10.BC; 11.BC; 12.CD.
提示:
9.t=2s时,曲线与横轴相切,可知此时甲的速度
为零,研究甲运动的逆过程,2s内的位移为4m,根据x
=1
2
at2可知加速度a=2m/s2,v=at=4m/s,即t=
0时,物体甲的速度大小为4m/s,物体甲的加速度大小
为2m/s2,故A错误,B正确;t=1s时,甲的速度v1 =
at1=2m/s;乙的速度:v乙 =
Δx
Δt
=4
2
m/s=2m/s,即
t=1s时,甲、乙两物体速度相等,故C正确;0到2s内,
甲物体的平均速