内容正文:
计数原理
第六章
第2课时 两个计数原理的应用
6.1 分类加法计数原理与分步乘法计数原理
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第六章 计数原理
数学 选择性必修 第三册 A
两个计数原理的区别
互斥的
并列的
独立的
相互依存的
重复
遗漏
计数原理 分类加法 分步乘法
区别一 每类办法都能独立完成这件事.它是独立的、一次的且每次得到的是最后结果,只需一种方法就完成 任何一步都不能独立完成这件事,缺少任何一步也不可,只有各步骤都完成了才能完成这件事
区别二 各类办法之间是_________,_________,_________ 各步之间是_____________,并且既不能_______,也不能_______
课前 预习案
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第六章 计数原理
数学 选择性必修 第三册 A
1.判断下列说法是否正确,正确的在它后面的括号里打“√”,错误的打“×”.
(1)将3个不同的小球放入4个盒子中,则不同的放法有34个. ( )
(2)从甲、乙等6人中选出3名代表,甲一定当选,则有20种选法. ( )
(3)(a1+a2+a3)(b1+b2+b3)(c1+c2+c3+c4)展开后共有36项. ( )
(4)三个人踢毽,互相传递,每人每次只能踢一下,由甲开始踢,经过5次传递后,毽又被踢回给甲,则不同的传递方式共有10种. ( )
答案 (1)× (2)× (3)√ (4)√
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第六章 计数原理
数学 选择性必修 第三册 A
2.由1,2,3,4组成没有重复数字的三位数的个数为 ( )
A.36 B.24
C.12 D.6
答案 B
解析 由题意知可以组成没有重复数字的三位数的个数为4×3×2=24.
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第六章 计数原理
数学 选择性必修 第三册 A
3.从甲地到乙地,每天有直达汽车4班,从甲地到丙地,每天有5个班车,从丙地到乙地,每天有3个班车,则从甲地到乙地不同的乘车方法有 ( )
A.12种 B.19种
C.32种 D.60种
答案 B
解析 由题意得,分两类:第一类直接到达,共有4种方法,第二类间接到达,共有5×3=15种方法,根据分类加法计数原理可得4+15=19种.
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第六章 计数原理
数学 选择性必修 第三册 A
4.从-1,0,1,2这四个数中选三个不同的数作为函数f(x)=ax2+bx+c的系数,则可组成________个不同的二次函数,其中偶函数有________个.(用数字作答)
答案 18 6
解析 一个二次函数对应着a,b,c(a≠0)的一组取值,a的取法有3种,b的取法有3种,c的取法有2种,由分步乘法计数原理知共有3×3×2=18(个)二次函数.若二次函数为偶函数,则b=0,同上可知共有3×2=6(个)偶函数.
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数学 选择性必修 第三册 A
用0,1,2,3,4五个数字,
(1)可以排出多少个三位数字的电话号码?
(2)可以排成多少个三位数?
(3)可以排成多少个能被2整除的无重复数字的三位数?
探究一 组数问题
课堂 探究案
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数学 选择性必修 第三册 A
解 (1)三位数字的电话号码,首位可以是0,数字也可以重复,每个位置都有5种排法,共有5×5×5=53=125种.
(2)三位数的首位不能为0,但可以有重复数字,首先考虑首位的排法,除0外共有4种方法,第二、三位可以排0,因此,共有4×5×5=100种.
(3)被2整除的数即偶数,末位数字可取0,2,4,因此,可以分两类,一类是末位数字是0,则有4×3=12种排法;另一类是末位数字不是0,则末位有2种排法,即2或4,再排首位,因0不能在首位,所以有3种排法,十位有3种排法,因此有2×3×3=18种排法.因而有12+18=30种排法.即可以排成30个能被2整除的无重复数字的三位数.
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第六章 计数原理
数学 选择性必修 第三册 A
[变式1] 由本例中的五个数字可以组成多少个无重复数字的四位奇数?
解 完成“组成无重复数字的四位奇数”这件事,可以分四步:第一步定个位,只能从1,3中任取一个,有2种方法;第二步定首位,把1,2,3,4中除去用过的一个还有3个可任取一个,有3种方法;第三步,第四步把剩下的包括0在内的还有3个数字先排百位有3种方法,再排十位有2种方法.由分步乘法计数原理共有2×3×3×2=36个.
[变式2] 在本例条件下,能组成多少个能被3整除的四位数?
解 一个四位数能被3整除,必须各位上数字之和能被3整除,故组成四位数的四个数字只能是0,1,2,3或0,2,3,4两类.所以满足题设的四位数共有2×3×3×2×1=36个.
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数学 选择性必修