内容正文:
5 动量守恒定律的应用(一)
——几个碰撞问题的定量分析
[目标定位] 1.进一步理解弹性碰撞和非弹性碰撞,会用动量和能量的观点综合分析解决一维碰撞问题.2.了解动量守恒定律在研究粒子物理中的重要作用.
一、碰撞的特点
1.经历的时间很短;
2.相互作用力很大,物体速度变化明显.
二、碰撞的分类
1.弹性碰撞:碰撞过程中两物体的总动量守恒、总动能守恒.满足:m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′.m2v2′2.
m1v1′2+=m2v+m1v
2.非弹性碰撞:碰撞过程中两物体的总动量守恒,总动能减少.满足:m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′.m2v2′2.
m1v1′2+>m2v+m1v
3.完全非弹性碰撞:碰后两物体粘在一起,碰撞过程中两物体的总动量守恒,动能损失最大.
预习完成后,请把你疑惑的问题记录在下面的表格中
问题1
[来源:学_科_网]
问题2
问题3
一、对碰撞问题的理解
1.碰撞
(1)碰撞时间非常短,可以忽略不计.
(2)碰撞过程中内力往往远大于外力,系统所受外力可以忽略不计,所以系统的动量守恒.
2.三种碰撞类型
(1)弹性碰撞
动量守恒:m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′
机械能守恒:m2v2′2m1v1′2+=m2v+m1v
当v2=0时,有v1′=v1v1,v2′=
推论:质量相等,大小、材料完全相同的弹性小球发生弹性碰撞,碰后交换速度.即v1′=0,v2′=v1
(2)非弹性碰撞
动量守恒:m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′
机械能减少,损失的机械能转化为内能
|ΔEk|=Ek初-Ek末=Q
(3)完全非弹性碰撞
动量守恒:m1v1+m2v2=(m1+m2)v共
碰撞中机械能损失最多
|ΔEk|=(m1+m2)v-m2v+m1v
【例1】 质量分别为300 g和200 g的两个物体在无摩擦的水平面上相向运动,速度分别为50 cm/s和100 cm/s.
(1)如果两物体碰撞并粘合在一起,求它们共同的速度大小;
(2)求碰撞后损失的动能;
(3)如果碰撞是弹性碰撞,求两物体碰撞后的速度大小.
答案 (1)0.1 m/s (2)0.135 J
(3)0.7 m/s 0.8 m/s
解析 (1)令v1=50 cm/s=0.5 m/s,
v2=-100 cm/s=-1 m/s,
设两物体碰撞后粘合在一起的共同速度为v,
由动量守恒定律得m1v1+m2v2=(m1+m2)v,
代入数据解得v=-0.1 m/s,负号表示方向与v1的方向相反.
(2)碰撞后两物体损失的动能为
ΔEk=(m1+m2)v2-m2v+m1v
=×(0.3+0.2)×(-0.1)2 J=0.135 J.
×0.2×(-1)2-×0.3×0.52+
(3)如果碰撞是弹性碰撞,设碰后两物体的速度分别为v1′、v2′,由动量守恒定律得
m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′
由机械能守恒定律得
m2v2′2,
m1v1′2+=m2v+m1v
代入数据得v1′=-0.7 m/s,v2′=0.8 m/s.
针对训练
如图1所示,在光滑水平面的左侧固定一竖直挡板,A球在水平面上静止放置,B球向左运动与A球发生正碰,B球碰撞前、后的速率之比为3∶1,A球垂直撞向挡板,碰后原速率返回.两球刚好不发生第二次碰撞,求A、B两球的质量之比和A、B碰撞前、后两球总动能之比.
图1
答案 4∶1 9∶5
解析 设A、B球的质量分别为mA和mB,A球碰撞后的速度大小为vA2,B球碰撞前后的速度大小分别为vB1和vB2,由题意知vB1∶vB2=3∶1,vA2=vB2.A、B碰撞过程由动量守恒定律得mBvB1=mAvA2-mBvB2,所以有
.
==
碰撞前后的总动能之比为.=
二、弹性正碰模型及拓展应用
1.两质量分别为m1、m2的小球发生弹性正碰,v1≠0,v2=0,则碰后两球速度分别为v1′=v1.
v1,v2′=
(1)若m1=m2的两球发生弹性正碰,v1≠0,v2=0,则碰后v1′=0,v2′=v1,即二者碰后交换速度.
(2)若m1≫m2,v1≠0,v2=0,则二者弹性正碰后, v1′=v1,v2′=2v1.表明m1的速度不变,m2以2v1的速度被撞出去.
(3)若m1≪m2,v1≠0,v2=0,则二者弹性正碰后,v1′=-v1,v2′=0.表明m1被反向以原速率弹回,而m2仍静止.
2.如果两个相互作用的物体,满足动量守恒的条件,且相互作用过程初、末状态的总机械能不变,广义上也可以看成是弹性碰撞.
【例2】 如图2,三个质量相同的滑块A、B、C,间隔相等地静置于同一水平直轨道上.现给滑块A向右的初速度v0,一段时间后A与B发生碰撞,碰后A、B分别以v0的速度向右运动,B再与C发生碰撞,碰后B、C粘