内容正文:
微型专题1 动量守恒定律的应用
[学习目标] 1.进一步理解动量守恒定律的含义及守恒条件.2.进一步熟练掌握应用动量守恒定律解决问题的方法和步骤.
一、动量守恒条件的扩展应用
1.动量守恒定律成立的条件:
(1)系统不受外力或所受外力的合力为零;
(2)系统的内力远大于外力;
(3)系统在某一方向上不受外力或所受外力的合力为0.
2.动量守恒定律的研究对象是系统.研究多个物体组成的系统时,必须合理选择系统,再对系统进行受力分析.分清系统的内力与外力,然后判断所选系统是否符合动量守恒的条件.
例1 (多选)质量为M和m0的滑块用水平轻弹簧连接,以恒定速度v沿光滑水平面运动,与位于正对面的质量为m的静止滑块发生碰撞,如图1所示,碰撞时间极短,在此过程中,下列情况可能发生的是( )
图1
A.M、m0、m速度均发生变化,碰后分别为v1、v2、v3,且满足(M+m0)v=Mv1+m0v2+mv3
B.m0的速度不变,M和m的速度变为v1和v2,且满足Mv=Mv1+mv2
C.m0的速度不变,M和m的速度都变为v′,且满足Mv=(M+m)v′
D.M、m0、m速度均发生变化,M和m0的速度都变为v1,m的速度变为v2,且满足(M+m0)v=(M+m0)v1+mv2
答案 BC
解析 M和m碰撞时间极短,在极短的时间内弹簧形变极小,可忽略不计,因而认为m0在水平方向上没有受到外力作用,动量不变(速度不变),可以认为碰撞过程中m0没有参与,只涉及M和m,由于水平面光滑,弹簧形变极小,所以M和m组成的系统水平方向动量守恒,两者碰撞后可能具有共同速度,也可能分开,所以只有B、C正确.
例2 如图2所示,质量分布均匀、形状对称的金属块内有一个半径为R的光滑圆形槽,金属块放在光滑的水平面上且左边挨着竖直墙壁.一质量为m的小球从金属块左上端R处静止下落,小球到达最低点后向右运动从金属块的右端冲出,到达最高点时离圆形槽最低点的高度为R,重力加速度为g,不计空气阻力.求:
图2
(1)小球第一次到达最低点时,小球对金属块的压力为多大?
(2)金属块的质量为多少?
答案 (1)5mg (2)7m
解析 (1)小球从静止到第一次到达最低点的过程,根据动能定理有mg·2R=mv02
小球刚到最低点时,根据圆周运动和牛顿第二定律有
FN-mg=m[来源:学#科#网]
根据牛顿第三定律可知小球对金属块的压力为FN′=FN
联立解得FN′=5mg.
(2)设金属块的质量为M,小球从第一次到达最低点至小球到达最高点过程,小球和金属块水平方向动量守恒,则mv0=(m+M)v
根据能量守恒定律有
mg·R=mv02-(m+M)v2
联立解得M=7m.
虽然系统整体上不满足动量守恒的条件,但在某一特定方向上,系统不受外力或所受外力远小于内力,则系统沿这一个方向的分动量守恒.可沿这一方向由动量守恒定律列方程解答.
二、动量守恒定律在多物体、多过程中的应用
求解这类问题时应注意:
(1)正确分析作用过程中各物体状态的变化情况;
(2)分清作用过程中的不同阶段,并按作用关系将系统内的物体分成几个小系统,既要符合守恒条件,又方便解题;[来源:Z#xx#k.Com]
(3)对不同阶段、不同的小系统准确选取初、末状态,分别列动量守恒方程.
例3 如图3所示,A、B两个木块质量分别为2 kg与0.9 kg,A、B上表面粗糙,与水平地面间接触光滑,质量为0.1 kg的铁块以10 m/s的速度从A的左端向右滑动,最后铁块与B的共同速度大小为0.5 m/s,求:
图3
(1)A的最终速度大小;
(2)铁块刚滑上B时的速度大小.
答案 (1)0.25 m/s (2)2.75 m/s
解析 (1)选铁块和木块A、B为一系统,取水平向右为正方向,由动量守恒定律得:mv=(MB+m)vB+MAvA
得:vA=0.25 m/s.
(2)设铁块刚滑上B时的速度为v′,此时A、B的速度均为vA=0.25 m/s,
由系统动量守恒得:mv=mv′+(MA+MB)vA
得v′=2.75 m/s.故铁块刚滑上B时的速度大小为2.75 m/s.
处理多物体、多过程动量守恒应注意的问题:
(1)正方向的选取.
(2)研究对象的选取,明确取哪几个物体为系统作为研究对象.
(3)研究过程的选取,明确哪个过程中动量守恒.
三、动量守恒定律应用中的临界问题分析
分析临界问题的关键是寻找临界状态,在动量守恒定律的应用中,常常出现相互作用的两物体相距最近、避免相碰和物体开始反向等临界状态,其临界条件常常表现为两物体的相对速度关系与相对位移关系,这些特定关系的判断是求解这类问题的关键.
例4 如图4所示,一质量为的人站在质量为m的小船甲上,以速率v0在水平面上向右运动.另一个完全相同的小船乙以速率v0从右方向左方驶来,两船在