贵州省凯里市第一中学2018-2019学年高二下学期开学考试物理试题（PDF版）

扫描全能王 创建 扫描全能王 创建 扫描全能王 创建 扫描全能王 创建 $$凯里一中2018-2019学年度第二学期开学考试 高二物理参考答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 D B C D D B A C AD BD ACD BCD 1.解析：选D。奥斯特发现了电流的磁效应，故A错；开普勒发现了行星运动三定律，故B错；密立根油滴实验测出元电荷的数值，故C错；综上选D 2.解析：选B。两个导体棒与两根金属导轨构成闭合回路，当AB向右运动时，回路中磁通量增加，结合安培定则判断回路中感应电流的方向是B→A→C→D→B。再根据左手定则，可判断出磁场对CD的作用力向右，对AB的作用力向左。故选项B正确。 3.解析：选C.因为相同的两带电金属小球接触后，它们的电荷量先中和后均分，所以接触后两小球带电荷量均为Q′＝F，故选C. ，联立得F′＝＝k，接触后F′＝k＝Q，由库仑定律得：接触前F＝k 4.解析：选D．两球碰撞过程动量守恒，由于碰撞后两球都静止，总动量为零，故碰撞前两个球的动量大小相等，方向相反，A错误，D正确；两球的质量是否相等不确定，故碰撞前两个球的速度是否相等也不确定，B、C错误． 5.解析：选D。由所给甲、乙两车的速度图象的斜率知，甲车的加速度小于乙车的加速度，A、B错．t1时刻甲、乙两车速度相等，由于之前甲车的速度一直大于乙车的速度，故此时甲车位于乙车的前方，C错.0～t1时间内，甲车比乙车的位移大，故该段时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度，D对． 6.解析：选B　当B竖直向上时，对导体受力分析如图所示，由平衡条件得：BI1L＝mgtan θ① 当B垂直斜面向上时，对导体受力分析如图所示， 　 由平衡条件得：BI2L＝mgsin θ② 联立①②得：，故选项B正确。 ＝ 7.解析：选A。根据动能定理得Wab＋6.0×10－5 J＝8.0×10－5 J，则Wab＝8.0×10－5 J－6.0×10－5 J＝2.0×10－5 J。由UAB＝ V＝1×104 V，选项A 得Uab＝ 8.解析：选C。受力分析，油滴带负电，A错；根据电容器的决定式C＝可知，d减小，场强增大，油滴受到向上的电场力增大，将向上运动，A正确，B错误；由于场强增大，由U＝Ed可知，P与下极板电势差变大，P点电势升高，C正确。，电压U不变，因此电容器带电量增多，D错误；根据电容器内部电场强度E＝，当上极板向下移动时，d减小，电容变大，又C＝ 9.解析：选AD　根据线速度和角速度可以求出半径r＝，故选项D正确。 2r，整理得M＝＝m，故选项A正确；由于卫星的质量m可约掉，故选项B、C错误；若知道卫星的运行周期和轨道半径，则由，整理可得M＝＝m，根据万有引力提供向心力，则有 10.解析：选BD；　滑片P稍向上移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，外电路的总电阻变小，干路电流I变大，灯L1变亮；干路电流I变大时，电源的总功率P＝EI变大，并联部分的电压U并＝E－I(r＋RL1)变小，灯L2变暗，选项B正确，A、D错误；干路电流I变大，流过灯泡L2的电流变小，所以电流表的示数变大，选项C错误。 11.解析：选ADC；根据粒子运动轨迹弯曲的情况，可以确定粒子受电场力的方向沿电场线切线方向，故此粒子带正电荷，选项A正确；由于电场线越密，场强越大，粒子受电场力就越大，根据牛顿第二定律可知其加速度也越大，故此粒子在N点加速度大，选项C正确；粒子从M点到N点，电场力做正功，根据动能定理得此粒子在N点动能大，故选项D正确。 12.解析：选BCD；小球从A点运动到B点的过程，由动能定理，有mgLsin 60°－qEL(1－cos 60°)＝0，解得E＝，选项B正确，A错误；小球从A点运动到B点重力势能减少了mgLsin 60°，选项C正确；小球下摆的过程中，小球的机械能和电势能相互转化，由能量守恒定律可知，重力势能与电势能之和先变小后变大，选项D正确。 13.0.57 ，1.2 14.　(1)A　D　E　(2)如图所示　 (3)　<　 15.解：物体受到4个力的作用，如图所示，建立直角坐标系并分解力F.根据牛顿第二定律，x、y两个方向分别列方程： Fcos θ－Ff＝ma，①⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳2分 Fsin θ＋FN－G＝0.②⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳⸳2分 FN为水平面对物体的支持力，即物体与水平面之间的弹力，故摩擦力Ff＝μFN.③⸳⸳⸳⸳⸳⸳2分 由①②③得a＝1.3 m/s2 ④.⸳⸳⸳⸳⸳⸳2分 由运动学公式得5 s内物体的位移 x＝⑤at2⸳⸳⸳⸳⸳⸳2分 即x＝16.25 m.⑥⸳⸳⸳⸳⸳⸳2分 16.解：(1)由楞次定律知感应电流的方