四川省成都市高新区2019届高三二诊模拟理综物理部分（PDF版）

1 高新区高三“二诊”模拟理科综合能力测试（物理部分） 参考答案及评分要求 二、选择题 14．B 15．C 16．C 17．D 18．A 19．AD 20．AC 21．BD 22．（6分，每小问 2分）（1）AD （2）不需要 （3）小于 23．（9分）（1）1（1分）； A（2分）； （2）（每空 2分）2.8~2.9 ； 1.1~1.3 ； ＞。 24．（1）0.1 0.33 C （2）F＝0.025t＋0.25(N) （3）0.2 J 解： (1)由速度—时间图象可以看出导体棒做匀加速直线运动，加速度 a＝1.5 m/s2 v＝at＝1.5t m/s （1分） 水平方向上导体棒受牵引力 F、安培力和摩擦力，根据牛顿第二定律得 F－BIL－f＝ma 又 f＝μN＝μmg R1、R2并联电阻为 R＝ R1R2 R1＋R2 ＝0.4 Ω （1分） 根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律得 I＝ BLv R＋ L L′ r ＝0.25t(A) （1分） t＝2 s时，I＝0.5 A 因为 2 s末牵引力 F的功率是 0.9 W， 根据 P＝Fv （1分） 由题图乙可知，2 s末导体棒的速度为 3 m/s， 可得 F＝0.3 N 解得μ＝0.1 （1分） 根据法拉第电磁感应定律 E＝ΔΦ Δt ，q＝ I Δt， 则 q＝ ΔΦ R＋ L L′ r ＝ BL·1 2 at2 R＋ L L′ r ＝0.5 C （1分） 所以流过 R1的电荷量为 q1＝ qR2 R1＋R2 ≈0.33 C。 （1分） (2)由(1)可知在 0～2 s内 F＝BIL＋ma＋μmg＝ B2L2at R＋ L L′ r ＋ma＋μmg （1分） 即 F＝0.025t＋0.25(N)。 （1分） (3)根据图象可知 2 s 末导体棒的速度为 v＝3 m/s，这时导体棒恰好前进了 3 m，从 2 s 2 末到导体棒停止运动过程，根据能量守恒定律得 1 2 mv2＝Q 总 （1分） 又 Q1＋Q2＝Q 总· R R＋ L L′ r （1分） 则 Q1＝ R2 R1＋R2 (Q1＋Q2)＝0.2 J。 （1分） 25．解：（1）设粒子在电场中运动的时间为 0t ，加速度的大小为 a，粒子的初速度为 0v ，过 Q点时速度的大小为 v，沿 y轴方向分速度的大小为 yv ，速度与 x轴正方向间的夹角为θ， 由牛顿第二定律得 maqE = ○1 （1分） 由运动学公式得 202 1 = atd ○2 （1分） 00=2 tvd ○3 （1分） 0= atv y ○4 （1分） 22 0 += yvvv ○5 （1分） 0 =tan v v θ y ○6 （1分） 联立○1 ○2 ○3 ○4 ○5 ○6 式得 m qEd v 2= ○7 （1分） °45=θ ○8 （1分） （2）设粒子做圆周运动的半径为 1R ，粒子在第一象限的运动轨迹如图所示， 1O 为圆心， 由几何关系可知△O1OQ为等腰直角三角形，得 dR 22=1 ○9 （2分） 由牛顿第二定律得 1 2 0 = R v mqvB ○10 （1分） 联立○7 ○9 ○10式得 qd mE B 2 =0 ○11 （1分） （3）设粒子做圆周运动的半径为 2R ，由几何分析（粒子运动的轨迹如图所示， 2O 、 2′O 是 3 粒子做圆周运动的圆心，Q、F、G、H是轨迹与两坐标轴的交点，连接 2O 、 2′O ，由几何关 系知， 22 ′OFGO 和 22 ′OQHO 均为矩形，进而知 FQ、GH均 为直径，QFGH也是矩形，又 FH⊥GQ，可知 QFGH是正 方形，△QOG为等腰直角三角形）可知，粒子在第一、第 三象限的轨迹均为半圆，得 dR 22=2 2 ○12 （2分） 粒子在第二、第四象限的轨迹为长度相等的线段，得 22== RHQFG ○13 （2分） 设粒子相邻两次经过 Q点所用的时间为 t，则有 v RπHQFG t 2 2++ = ○14 （2分） 联立○7 ○12○13○14得 qE md πt 2 )+2(= ○15 （2分） 33．（1）ACD （2）当气体的温度由 27℃缓缓升高的过程中，气体做等压变化，假设当活塞到汽缸顶 部的挡板处时，封闭气体的温度为 t℃，活塞的截面积为 S，由盖吕萨克定律得：V1 T1 ＝ V0 T0 其中 V1＝2 3 hS、T1＝t1＋273＝300 K、V0＝hS 代入整理得 T0＝450 K即 t0＝177℃ 当活塞移动到挡板处时，如果将气体温度继续升高，则封闭的气体做等容变化，由查理 定律： p0 T0 ＝ p2 T2 其中 T0＝450 K、p0＝p1、T2＝t2＋273＝(207＋273) K＝480 K， 解得：p2＝ 16 15 p0 34．（1