山东省济南外国语学校2018-2019学年高二上学期开学质量检测物理试题（图片版）

参考答案： 1【答案】　B 2【解析】　沿斜面匀速上滑的小物体和斜面都处于平衡状态，可将二者看成－个处于平衡状态的整体，由竖直方向受力平衡可得(M＋m)g＝N＋Fsin θ，解得N＝(M＋m)g－Fsin θ.由牛顿第三定律知，楔形物块对地面的压力等于地面对楔形物块的支持力， D正确．【答案】D 3【解析】　分析球的受力如图所示，FAC和FAB的合力与球的重力G等大反向，当使AC板与水平面的夹角减小时，由图可以看出，球对AC板的压力先减小后增大，C正确．【答案】　C 4【答案】D 5. 【答案】C 6解析：选C．粒子在竖直方向做匀减速直线运动，则有2gh＝v . 电场力做正功，重力做负功，使粒子的动能由mv变为2mv，则根据动能定理，有Uq－mgh＝2mv－mv，解方程得A、B两点电势差应为，故选C． 7【解析】　将R连入电路后，路端电压U＝2 V，电流I＝2 A，所以PR＝UI＝2×2 W＝4 W，η＝＝＝＝67%，故D对．【答案】　D 8.【答案】A 9【解析】　v­t图象中纵坐标的正负表示速度的方向，物体在第2 s末运动方向发生变化，A错误；v­t图象的斜率表示加速度．物体在第2 s内和第3 s内的加速度是相同的，B正确；v­t图象中图线与时间轴围成的面积表示位移，物体在4 s末返回出发点，C正确．物体在2 s末、6 s末离出发点最远，且最大位移为1.0 m，D错误． 【答案】　BC 10.解析:对全过程运用动能定理得mgh+W=mv2 -0,解得W=mv2 -mgh,A错误,B正确;以地面为重力势能的零点,小球落地时的重力势能为0,动能为mv2,物体的机械能为E=0+mv2 =mv2,C正确,D错误. 【答案】BC 11.解析:分析物体的运动情况可知,物体的初速度的大小为0,位移的大小为1 m,末速度的大小为2 m/s,由v2-=2ax可得,加速度为a=2 m/s2,由牛顿第二定律可得F-mg=ma,拉力F=mg+ma=12 N,手对物体做功为W=FL=12×1 J=12 J,故A正确,重力做的功WG=-mgh=-1×10×1 J=-10 J,故D错误,合外力做的功W合=W+WG=12 J-10 J=2 J,故B正确,C错误. 【答案】 AB 12.解析：点电荷q沿椭圆轨道运动，必定受到Q的引力作用，从M点运动到N点的过程中，电场力对q做负功，则q的电势能增加，故A正确．从M点运动到N点的过程中，电场力对q做负功，由动能定理知动能减小，故B错误．M与Q间的距离比N与Q的距离小，由库仑定律知，q在M点所受的库仑力大于在N点所受的库仑力，由牛顿第二定律知，q在M点的加速度比N点的加速度大，故C正确．根据能量守恒定律知，从M点运动到N点，电势能与动能之和保持不变，故D正确．【答案】ACD 13、（1）ABC（2）0.78（3）0.20 14.【答案】（1）C；D；F （2）解：电源电压为3v，由I=  可知电路中最大电流约为0.5 A，为了使测量结果尽量准确，滑动变阻器采用限流接法，由Rx＜ ，电流表采用外接法． 电路见右图： （3）0.950 （4） 15【解析】　根据匀速直线运动和匀变速直线运动的规律、牛顿第二定律解题． (1)设减速过程中汽车加速度的大小为a，所用时间为t，由题可得初速度v0＝20 m/s，末速度vt＝0，位移s＝25 m，由运动学公式得 v＝2as① t＝② 联立①②式，代入数据得 a＝8 m/s2③ t＝2.5 s．④ (2)设志愿者反应时间为t′，反应时间的增加量为Δt，由运动学公式得 L＝v0t′＋s⑤ Δt＝t′－t0⑥ 联立⑤⑥式，代入数据得 Δt＝0.3 s⑦ (3)设志愿者所受合外力的大小为F，汽车对志愿者作用力的大小为F0，志愿者质量为m，由牛顿第二定律得 F＝ma⑧ 由平行四边形定则得 F＝F2＋(mg)2⑨ 联立③⑧⑨式，代入数据得 ＝. 【答案】　(1)8 m/s2　2.5 s　(2)0.3 s　(3) 16解析:设小球的质量为m,所受阻力大小为f. (1)小球从h处释放时速度为零,与地面碰撞反弹到h时, 由动能定理mg(h-h)-f(h+h)=0, (2分) 得f=mg. (2分) (2)设小球运动的总路程为s,且最后小球静止在地面上,对于整个过程,由动能定理mgh-fs=0 (2分) 得s=h=7×2 m=14 m. (2分) 答案:(1)　(2)14 m 17解析：(1)如题图所示，由平衡条件得F电＝qE＝mgtan θ，所以q＝，因小球受到向左的电场力，所以小球带正电． (2)若烧断丝线，小球在电场力与重力