2018-2019学年高中物理选修3-2粤教版课件+检测：第二章第三节表征交变电流的物理量 (2份打包)

第二章 交变电流 第三节 表征交变电流的物理量 A级　抓基础 1．如图所示是一个按正弦规律变化的交变电流的图象，根据图象下列说法错误的是(　　) A．电压的最大值是36 V B．电压的有效值是36 V C．该正弦交变电流的周期是0.02 s D．该正弦交变电流的频率是50 Hz 解析：电压的最大值为36＝50 Hz，故C、D均正确．故选A.＝36 V，故A错误，B正确；由图象可知，周期为T＝0.02 s, f＝ A，电流的有效值为U＝ 答案：A 2．把220 V的正弦式电流接在440Ω电阻两端，则该电阻的电流峰值为(　　) A．0.5 A　　　　　　　 B．0.5 A C．2 A A D. 解析：由I＝ A，故选B.可得，电阻的电流有效值为I＝0.5 A，根据正弦式交流电有效值与最大值关系，可得该电阻的电流峰值为0.5 答案：B 3．如图所示电路中，A是熔断电流I0＝2 A的保险丝，R是可变电阻，S是交流电源．交流电源的内电阻不计，其电动势随时间变化的规律是e＝220sin 314t(V)．为了不使保险丝熔断，可变电阻的阻值应该大于(　　) A．110 Ω　　　　 B．110 Ω C．220 Ω D．220 Ω 解析：由表达式知电压有效值为220 V，当电流I0＝2 A时，由闭合电路欧姆定律得R＝Ω＝110 Ω，故选B. 答案：B 4．一矩形线圈在匀强磁场中转动，产生的感应电动势e＝220sin100 πt (V)，则(　　) A．交流电的频率是100πHz B．t＝0时线圈中的磁通量为零 C．交流电的周期是0.02 s D．t＝0.05 s时，e有最大值 解析：交流电的频率f＝sin 100π·0.05 (V)＝0有最小值，故D错. [来源:学&科&网] s＝0.02 s，故C正确； t＝0.05 s时， e＝220＝，感应电动势的大小只与磁通量的变化率有关，与磁通量的大小无关， t＝0 时，感应电动势e＝0，此时，磁通量的变化量为0，穿过矩形线圈的磁通量最大，故B错；交流电的周期T＝ Hz＝50 Hz，故A错； e＝＝ 答案：C 5．(多选)一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示，由图可知(　　) A．该交流电的电压瞬时值的表达式为u＝100sin 25t(V) B．该交流电的频率为25 Hz C．该交流电的电压的有效值为100 V D．若将该交流电压加在阻值为R＝100 Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是50 W 解析：从题图中可知，交流电周期T＝4.0×10－2 s，峰值电压Um＝100 V，故交流电的频率f＝ W＝50 W，故选项B、D正确．＝t＝100sin 50πt (V)．该交变电压加在R＝100 Ω的电阻上时，热功率P＝ V．交流电压的瞬时值表达式为u＝Umsin＝50＝25 Hz，有效值U＝ 答案：BD 6．如图甲所示为一台小型发电机构造的示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．发电机线圈电阻为1.0 Ω，外接灯泡的电阻为9.0 Ω.则(　　) 图甲　　　　　图乙 A．在t＝0.01 s的时刻，穿过线圈磁通量为零 B．瞬时电动势的表达式为e＝6sin 50πt(V) C．电压表的示数为6 V D．通过灯泡的电流为0.6 A 解析：在t＝0.01 s的时刻，电动势为0，则为中性面，穿过线圈磁通量最大，故A错误；电动势的最大值为Em＝6 A＝0.6 A，故D正确．＝×6 V＝5.4 V，故C错误；通过的电流I＝E＝sin 100πt，故B错误；C电压表的示数为外阻分压U＝t＝6 V，周期为0.02 s，则瞬时电动势的表达式为e＝Emsin 答案：D[来源:学|科|网Z|X|X|K] B级　提能力 7．图甲为某型号电热毯的电路图，将电热丝接在u＝156sin 120πt (V)的电源上，电热毯被加热到一定温度后，由于P的作用使输入的正弦交流电仅有半个周期能够通过，即电压变为图乙所示波形，从而进入保温状态，则此时交流电压表的读数是(　　) 图甲　　 　　图乙　　 A．156 V B．110 V C．78 V D．55 V 解析：交流电压表的示数表示的是负载电路的有效电压U有效，设周期为T，负载电阻为R，则一周期内生热,R)·T, Um＝156 V，则U有效＝78 V，故选C.＝· 答案：C 8.如图所示，一矩形线圈在有界匀强磁场中绕轴OO′匀速转动，OO′刚好是磁场的边界，若线圈的匝数为n，横截面积为S，转动的角速度为ω，磁场的磁感应强度为B，那么产生的交流电动势的有效值为(　　) A.nBωS B. C．2nBωS D. 解析：线圈中产生的感应电动势最大值为：Em＝nBωS，又因为线圈转动时只有半个周期在磁场中，因此交流电动势的有效值为，选