湖北黄石市云学联盟2026-2027学年高二上学期11月期中物理试题

2026年秋季学期阶段性训练试题 高二物理试卷 考试时间：2026年11月13日试卷满分：100.分 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1 7题只有一项符合题目要求，第810题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不 全的得2分，有选错的得0分。 1、下列叙述中正确的是() A.元电荷是带电量的最小单位，库仑最早测算出了元电荷的数值 B.法拉第首先提出了电场的概念，并引入了电场线来形象地描述电场 C.奥斯特通过实验发现，雷电的性质与摩擦产生的电的性质完全相同并命名了正电荷 和负电荷 D.静电场并不存在，是科学家为了研究问题的方便引入的虚拟模型 2.家用电热水器在使用时有漏电危险，当发生漏电时，电流会经过水管中的水，流到人 体而发生意外事故。“隔电墙”可以在一 喷头○ 定程度上保护人体的安全，其装置如图甲 电热 所示，内部结构是一个螺旋状的绝缘管道， 水 如图乙所示。“隔电墙”实际上是将水管 的水道变得更细更长，安装位置如图丙所 示。下列分析正确的是() 进水口 A.漏电时，“隔电墙”能完全隔断电流 丙 第2题图 B.“隔电墙”是靠控制水流速度来控制电 流大小的 C.“隔电墙”是通过增大管道中水的电阻来保护人体安全的 D.“隔电墙”是通过减小管道中水的电阻率来保护人体安全的 3.在x轴上的0点和A点分别固定有点电荷q1和点电荷 q2,x轴上O、A点之间各点的电势随x变化的图像如 图所示，M为OA的中点，且图线上M点处斜率最小。 取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是() A.点电荷q1、q2都是负电荷 B.在x轴上点O、A之间，电场强度的方向沿x轴正 q q 方向 第3题图 C.在x轴上点O、A之间，M点的电场强度最小 D.一正电荷从O点移动到A点的过程中，电势能逐渐减小 高二物理试卷（共6页)第1页 4.静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置，如图所示为该透镜工作原理 示意图。虚线表示这个静电场在xOy平面内的一簇等势线，实线为一电子仅在电场力 作用下通过该区域的部分运动轨迹，P、Q为轨迹上 的两点。下列说法正确的是( A.P点的电场强度比Q点的电场强度小 B.P点的电势高于Q点的电势 C.电子在P点的动能小于在Q点的动能 第4题图 D.电子从P运动到Q的过程中，电势能先增大后 减小 5.司机清洗汽车时会用到如图所示的高压水枪。已知水枪喷出 水柱的半径为R,水流速度为ⅴ，水柱垂直于汽车表面，水 柱冲击汽车后水的速度以不变的速率反弹，水的密度为ρ， 若进入水枪的水流速度可忽略不计。下列说法正确的是 () 第5题图 A.高压水枪单位时间喷出的水的质量为pvR2 B.汽车对水柱的平均作用力为p0πR2 C.当高压水枪喷口的出水速度变为原来的3倍时，压强变为原来的9倍 D.当高压水枪喷口的出水柱的半径变为原来的3倍时，压强变为原来的3倍 6、光滑水平面上放有一上表面光滑、倾角为a的斜面体A,斜面体质量为M、底边长为L, 如图所示。将一质量为、可视为质点的滑块B从斜面的顶端由静止释放，滑块B经 过时间t刚好滑到斜面底端，此过程中斜面对滑块的支持 力大小为N,则下列说法中正确的是() A.滑块B下滑的过程中A、B组成的系统动量守恒 A B.滑块下滑过程中支持力FN对B不做功 第6题图 C.FN=mgcos a D.此过程中斜面体向左滑动的距离为mL m+M 高二物理试卷（共6页)第2页 7.如图所示，不可伸长的轻绳跨过光滑、轻质定滑轮0，一端与带电荷 量为+q的小球A相连，另一端连接装水的水桶，带电荷量也为+q的小 A⊕ 球B位于定滑轮0正下方，放置在绝缘、粗糙的水平面上，初始时水 桶和小球A、B均静止。若将水桶内的水取出少量，水桶和小球A、B 第7题图 再次平衡，小球B仍然处于原位置，取无穷远处电势为零。下列说法 正确的是（) A.小球A、B连线的中垂线上从中点向两侧电场强度的大小逐渐减小 B.小球A、B之间的距离变大 C.B球对地面的压力变大 D.水平面对小球B的摩擦力变大 8.近些年的研究发现少部分材料呈现出反常的“热缩冷 ++十 油滴 ++电源】 胀”现象，这类材料被称为负热膨胀材料。如图所示， 负热膨胀材料 平行板电容器接电压恒定的电源，上极板固定，下极 加热器 固定工作台 板能随负热膨胀材料的变化做微小移动，一带电油滴 第8题图 悬浮在极板间，若发现油滴向下移动，则( A.油滴带负电 B.电容器电容变大 C.极板所带电荷量减小 D.负热膨胀材料温度降低 9、在如图所示的电路中，闭合开关后，灯泡A、B均正常发光，当电路中滑动变阻器的 滑片P向上滑动时两灯的亮度，两电压表示数及变化量的绝对值变化情况下列说法正 确的（电表均为理想电表）() A.A灯变亮暗，B灯变亮 B.电压表V1示数变小、电压表V2示数变大 第9题图 C.电源输出功率和电源效率均增大 D心都保持不变（△1为电流表示数的变化量的绝对圃 △ 高二物理试卷（共6页)第3页 l0.匀强电场的方向平行于xOy平面，cd、cb分别垂直于x轴、y轴，a、b、c三点的电 势分别为2V、6V、8V。现使一电荷量q=2×10-5C、 A y/cm 质量m=2×10-3ky的带电粒子从0点垂直ab斜向 上运动，恰好通过a点。已知该粒子仅受电场力作用， 2 则() a -2-10 1 2 x/cm A.坐标原点0的电势为6V B.电场强度的大小为100v2Vm 第10题图 C.该粒子在0点的速度大小为0.1ms D.该粒子从0点运动到a点的过程，电场力做的功为2×10-5 二、非选择题：本题共5小题，共60分。 11.(6分)某同学用图所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让a球从斜槽轨道上某 固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复10次；然后再 把b球静置在斜槽轨道末端，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后， 两球分别落在记录纸的不同位置处，重复 10次。回答下列问题： (1)关于本实验，下列说法正确的是 (多选)》 A.必须保证ma>mb 第11题图 B.必须测出斜槽末端到O点的高度 C.斜槽必须尽可能的光滑 D.斜槽末端必须调整水平 (2)在本实验中用OA=L1、OB=L、0C=L如果表达式 (用 ma,mb,L1, L2、L3表示)成立，则说明A、B碰撞中动量守恒，如果表达式 (用 L1、L2、L3表示)成立，则说明A、B发生的碰撞为弹性碰撞。 12.(10分)某实验小组利用如图甲所示的电路测量金属丝的电阻率。 25 10 11 20 12 cm 山山山 15 第12题图 0 10 20 图1 图2 高二物理试卷（共6页）第4页 (1)电键S闭合前，应将滑动变阻器R的滑片P置于 端（填“左”、或“右”） (2)用螺旋测微器和游标卡尺分别测量金属丝直径、长度，测量结果如图乙所示，则金 属丝直径d=mm,金属丝的长度L=cm。 (3)除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下： A.电压表V1(量程为0°3V,内阻约为15k2); B.电压表V2(量程为0~15V,内阻约为75k2): C.电流表A1(量程为0~0.6A,内阻约为12)； D.电流表A2(量程为0~3A,内阻约为022)； E.滑动变阻器R1(阻值范围为0·52，额定电流为0.6A): F.滑动变阻器R2(阻值范围为0·20002，额定电流为0.1A）; G.1.5V的干电池两节，内阻不计； H.开关S和导线若干。 为了测得多组实验数据，实验采用如图甲所示电路，则电压表应选 ；电流 表应选 ；滑动变阻器应选 。(均填写器材前对应的字母) (4实验中某次电压表示数为U,电流表示数为1，则金属丝电阻率的表达式为0 (用字母U、1、d、L表示)。 13.(12分)如图所示，在电场强度E为60N/C的匀强电场中有A、B、C三个点，AC为 13cm,BC为5cm,其中AB与电场方向 平行，BC与电场方向垂直。 (1)求AC两点间的电势差UAC; A- B (2)若A点的电势为零，求B点的电势中B; 第13题图 (3)求电荷量q为-5×10-8C的试探电荷 从A点移到B再到C点的过程中，电场力所做的功WAC。 高二物理试卷（共6页)第5页 14.(14分)如图所示，用长L=1.6m的轻绳将小球悬挂在0点，初始时将质量m=1kg的 小球拉至与竖直方向成0=60角位置由静止释放，当小球下摆至最低点时，恰好与 静止在水平平台上、质量M=3kg的物块发生弹性碰撞（碰撞时间极短）。碰撞后物 块在水平平台上滑行。已知物块与水平平台间的动摩擦因数4=0.1，取重力加速度 大小g=10m/s2,物块、小球均可视为质点，不计空气阻 555558 力。求： (1)碰撞前瞬间轻绳对小球的拉力大小F; (2)碰撞后物块在水平平台上滑行的最大距离； 第14题图 (3)碰撞后小球上升的最高点到水平面的距离h。 15.(18分)如图所示，竖直平面直角坐标系xOy,第Ⅲ象限内固定有半径为R的四分之 一光滑绝缘圆弧轨道BC,轨道的圆心在坐标原点O,B端在x轴上，C端在y轴上， 同时存在大小为E1,方向水平向右的匀强电场。第V象限x=0与x3R之间有大 小为E2,方向竖直向下的匀强电场。现将一质量为m,电荷量为q的带负电小球从B 点正上方高2R处的A点由静止释 放，并从B点进入圆弧轨道，小球经 过c点时受到轨道支持力大小5mg, B 重力加速度用g表示，求： ix=3R (1)电场强度E1的大小； E (2)小球在第Ⅲ象限的轨道上运行时 对轨道的最大压力大小； (3)小球运动到y轴右侧出电场E2前 第15题图 不落到x轴上，求E2的取值范围。 高二物理试卷（共6页）第6页 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B C C B C D C AC AD BC 1.【答案】B  【解析】A、元电荷是电荷量的最小单位，密立根通过油滴实验首次精确测定了元电荷的数值，故A错误； C、富兰克林通过实验发现，雷电的性质与摩擦产生的电的性质完全相同并命名了正电荷和负电荷，故B错误； B、法拉第首先提出电场概念并引入电场线故C正确； D、静电场是客观存在的物质，电场线才是虚拟模型。故D错误。 2、【答案】C 【解析】【详解】根据电阻定律可知，水的电阻率不变，在安装“隔电墙”的情况下，水流变长，横截面积变小，电阻增大，电流减小，从而对人体起到保护作用，但“隔电墙”不能完全隔断电流。 故选C。 3．【答案】C 【解析】C．图线上M点处斜率最小，图像的斜率大小等于电场强度大小，所以点的电场强度最小，故C正确； AB．沿着电场线电势降低且电势都是正值，结合题中图像可知，点电荷带的是正电荷，点电荷带的是正电荷，所以在x轴上点O、A之间，电场强度的方向都指向中点M，故AB错误； D．一正电荷从M点移动到A点的过程中，由于点到A点电势逐渐升高，所以电势能逐渐增大，故D错误。 故选C。 4．【答案】B 【解析】A．等势线越密，电场强度越大。由图可知，点处的等势线比点处的等势线密集，所以点的电场强度比点的大，故A错误； B．电子做曲线运动，所受电场力指向轨迹的凹侧，且电场力方向与等势线垂直。由图可知，电子在点受到的电场力方向大致向左。因为电子带负电，受力方向与电场强度方向相反，所以电场强度方向大致向右。沿电场线方向电势降低，所以点的电势高于点的电势，故B正确； C．电子从运动到的过程中，电场力方向大致向左，位移方向大致向右，电场力做负功。根据动能定理，动能减小，所以电子在点的动能大于在点的动能，故C错误； D．电子从运动到的过程中，电场力做负功，电势能增大，故D错误。 5. 【答案】C 【解析】【详解】A．高压水枪单位时间喷出水的质量，故A错误； B．设水柱对车的平均冲力为F，由动量定理得，即 解得，故B错误； CD．高压水枪产生的压强 则当高压水枪喷口的出水柱的半径变为原来的3倍时，压强不变；当高压水枪喷口的出水速度变为原来的3倍时，压强变为原来的9倍，故D错误，C正确。 故选C。 6、【答案】D 【解析】A．滑块下滑时在竖直方向有加速度，合外力不为0，所以系统动量不守恒，A错误； B．根据系统能量守恒，A的机械能增加，故B的机械能一定减少，所以支持力FN对B做了负功，B错误； C．滑块沿斜面下滑时，斜面同时在向左做加速运动，所以滑块相对于地面加速度不再沿斜面方向，则滑块沿与斜面垂直的方向合力不等于0，因此斜面对滑块的支持力大小不等于，C错误； D．设滑块水平位移为，斜面水平位移为，水平方向由动量守恒得 两边同乘以时间的累积量，得 同时有 解得 D正确。 7. 【答案】C 【解析】A．小球A、B所带电荷量均为，小球A、B连线的中垂线上从中点向两侧电场强度的大小先增大后减小，A错误； BC．对小球A受力分析，如图所示 因，，，故、、组成的矢量三角形与相似，故 因与均不变，等于所悬挂的水桶与水的总重力，故变小，故变小；设 则 则 因与均不变，故不变， CD．由以上分析可知，小球A对小球B的库仑力大小不变，但与水平方向的夹角变大，故小球A对小球B的库仑力的水平分力变小竖直分力变大，由小球B受力平衡可知，水平面对小球B的摩擦力变小支持力变大，D错误； 故选C。 8．【答案】AC 【解析】A．上极板带正电，板间电场方向向下，油滴悬浮时电场力向上，故油滴带负电，A正确； D．油滴向下移动说明电场力减小，电压恒定，由可知增大，负热膨胀材料在温度升高时冷缩将使下极板下移，D错误； B．下极板向下移动将使板间距增大，由可知电容减小，B错误； C．电压恒定，由可知减小时极板所带电荷量减小，C正确。 故选AC。 9、【答案】AD 【解析】AB．当滑动变阻器的滑片向上滑动时，滑动变阻器阻值变大，总电阻变大，总电流变大，路端电压变大，则A灯变暗且两端电压变小，B灯两端电压变大，则B灯变亮，电压表V1示数变大、电压表V2示数变大选项A正确，B错误； C．当外电阻和电源内阻相等时电源输出功率最大，因不知道电源内阻和外电阻的关系，不能判断电源输出功率变化情况；电源效率 外电阻减小，则电源效率减小，选项C错误； D．根据U=E-Ir可得利用等效电源法可保持不变，选项D正确。 故选AD。 10．【答案】BC A．由于是匀强电场，故沿着同一个方向前进相同距离电势的降低相等，则有 解得，故A错误； B．因ab中点e电势 连接Oe，则为等势面，如图所示 由几何关系可知，ab垂直Oe，则ab为一条电场线，且电场方向由b指向a，故电场强度大小为，故B正确； C．粒子从O到a做类平抛运动，则有， 结合牛顿第二定律可得 联立解得，故C正确； D．该粒子从O点运动到a点过程中，电场力做功，故D错误。 故选BC。 二 、 实验题 11．【答案】(1)AD，（2分） (2) （2分） （2分） （1）A．为了避免入射小球碰撞后反弹，必须保证，故A正确； B．两球做平抛运动在空中下落高度相同，所用时间相同，所以可以用水平位移代替抛出时的初速度，因此实验中不需要测量小球抛出点的离地高度H，故B错误； CD．为了保证小球抛出时的速度处于水平方向，斜槽末端必须水平，但斜槽不需要光滑，C错误，D正确。 故选AD。 （2）由动量守恒定律，有 用水平位移表示速度，有，， 所有小球从同一高度抛出，飞行时间对所有球都相同，可得 等式两边同乘飞行时间，有。 由动量 得 得 有 12.【答案】（1）左 （1分） （2） 4.700 （2分） 10.050 （2分） （3）A （1分） C（1分） E（1分） （4）（2分） 【解析】 (1)电键S闭合前，将滑动变阻器R的滑片P置于左端，是为了测量电路分得电压最小，从而保护电路。 （2） [1]螺旋测微器的精度为0.01mm，读数时要估读到其下一位,故金属丝直径内径为 [2]20分度游标卡尺的精度为0.05mm，金属丝长度为 （3）两节干电池电动势为3V，电压表应选择A；滑动变阻器采用的是分压式接法，分压式接法优先选总阻值和待测电阻接近的小阻值滑动变阻器，故选E；电源总电压为两节干电池共3V，待测电阻几欧姆，结合滑动变阻器E的0.6A额定电流限制，电路的最大安全电流不能超过0.6A，因此选量程0~0.6A的电流表C。 （4）根据 联立解得 13. 【答案】（1） （2） （3） 【解析】（1）两点间的电势差为.................4分 （2）若点的电势为零，则................2分 可得点的电势为................2分 （3）由于与电场方向垂直，则点电势等于点电势，则有................4分 14．(1)20N (2)2m (3) 【详解】（1）小球与物块碰撞前有 ................2分 解得。 对碰撞前瞬间的小球受力分析有 ................2分 解得。................1分 (2)以水平向左为正方向，小球与物块碰撞过程中动量守恒，有................2分 碰撞为弹性碰撞，则有................2分 解得， 碰撞后物块做匀减速直线运动，有 ...............1分 得x=2m................1分 （3） 碰撞后小球从最低点运动到最高点有 ................2分 解得。..............1分 15. 【答案】（1） （2） （3） 【解析】（1）对小球...............2分 在C点有...............2分 解得...............2分 （2）如图所示，将与合成，得：，方向与轴负方向夹角 当小球在轨道上运动至与竖直方向成的点时有最大动能，...............2分 ...............2分 解得 在D点 ...............2分 得 ...............1分 由牛顿第三定律知小球对轨道的最大压力大小...............1分 （3）在电场中，设小球刚好经过点，则做类平抛运动， 在竖直方向上有 ...............1分 在水平方向上有 ...............1分 又因为 ..............1分 解得 所以的取值范围为。...............1分 学科网（北京）股份有限公司 $