精品解析：广东广州市第十六中学2026-2027学年高二上学期11月期中物理试题

广州市第十六中学2026学年第一学期高中中段教学质量反馈 高二年级物理试卷 一、单项选择题（本大题共7小题，每小题4分，共28分） 1. 某手机电池背面印有的符号如图所示。已知元电荷，下列说法正确的是（　　） A. “伏特”（V）是国际单位制中的基本单位 B. “毫安·时”（）是电池储存的能量的单位 C. 若该手机的待机电流为10 mA，则手机最多可待机20小时 D. 若该电池工作电流为16 mA，则每秒内定向通过电源的电子个数为个 【答案】D 【解析】 【详解】A．国际单位制基本单位共7个：米（）、千克（）、秒（）、安培（）、开尔文（）、摩尔（）、坎德拉（）。伏特（V）是导出单位，故A错误； B．“毫安·时”（mA·h）是电荷量单位，由 定义，表示电流与时间的乘积。电池储存的能量应为，单位为焦耳（J），故“mA·h”不是能量单位，故B错误； C．电池容量为，待机电流，则待机时间，故C错误； D．工作电流，每秒通过电荷量，则电子数（个），故D正确。 故选D。 2. 为监测土壤湿度，某智慧农业系统采用电容式湿度传感器，其原理简化图如图所示，连接在电路中的平行金属板电容器的两极板插入土壤（视为绝缘电介质）中。已知土壤的相对介电常数随着土壤中含水量的增大而增大。闭合开关S后，当土壤逐渐变干燥时，下列说法正确的是（ ） A. 电容器的电容增大 B. 电容器两板间的电压减小 C. 电容器带的电荷量增加 D. 通过电流表的电流方向为从M到N 【答案】D 【解析】 【详解】A．由，知若土壤逐渐变干燥时，减小，则电容C减小。A错误； B．开关闭合，电容器与电源相连，极板电压U不变。B错误； C．由，C减小、U不变，所以电荷量Q减小，电容器放电。C错误； D．电容器放电，正极板正电荷流出，电流方向从M 经电流表流向N。D正确。 故选D。 3. 如图1所示，直线AB是固定点电荷Q产生的电场中的一条电场线，P是AB的中点，一带电粒子从A点静止释放，仅在静电力的作用下从A点运动到B点，其运动的图像如图2所示。下列说法正确的是（ ） A. 点电荷Q在A的左侧 B. 该带电粒子一定带负电 C. 带电粒子在A点的电势能小于在B点的电势能 D. A、P两点间电势差的绝对值小于P、B两点间电势差的绝对值 【答案】D 【解析】 【详解】A．根据v-t图像的斜率表示加速度，由图2可知粒子运动的加速度逐渐增大。粒子仅受静电力作用，根据牛顿第二定律F=qE=ma 可知粒子运动过程中所处位置的电场强度逐渐增大。点电荷的电场中，越靠近点电荷的位置电场强度越大，因此粒子从A向B运动时是逐渐靠近点电荷Q，说明点电荷Q在B的右侧，故A错误； B．粒子从静止开始向B运动，说明粒子所受静电力方向沿A指向B，即电场力方向与运动方向一致。但题目未给出点电荷Q的电性，无法确定电场线AB的方向，因此无法判断带电粒子的电性，故B错误； C．粒子从A到B的过程中，静电力方向与运动方向相同，因此静电力对粒子做正功。根据静电力做功与电势能变化的关系:静电力做正功，电势能减小，因此粒子在A点的电势能大于在B点的电势能，故 C错误； D．由前面分析可知，从A到B电场强度逐渐增大，因此 AP段的平均电场强度小于PB段的平均电场强度。又因为P是AB中点，AP与PB的长度相等，对于非匀强电场，沿电场线方向相同距离的两点，平均场强越大，电势差的绝对值越大，因此A、P两点间电势差的绝对值小于P、B两点间电势差的绝对值，故D正确。 故选D。 4. 电子透镜是通过静电场来使电子束聚焦的装置。电子透镜两极间的电场线分布如图中带箭头的实线。现有一电子仅在静电力作用下从M运动到N，运动轨迹如图虚曲线所示。则下列说法正确的是（　　） A. 电子在M点的加速度最大 B. P点的电势低于M点的电势 C. 从M点到N点电子的动能先增大后减小 D. 从M点到N点电子的电势能一直减小 【答案】D 【解析】 【详解】A．电场线的疏密程度反映电场的强弱，由图可知M点的电场线比P点的稀疏，电场强度比P点的小，电场力比P点的小，加速度比P点的小，故A错误； B．沿电场线的方向电势降低，结合等势面与电场方向垂直，则P点的电势高于M点的电势，故B错误； CD．电场方向沿电场线的切线方向，可知电场力一直做正功，电子的动能一直增加，电势能一直减小，故C错误，D正确。 故选D。 5. 如图所示，绝缘光滑半圆环轨道半径为R，置于竖直向上的匀强电场E中。在轨道上端与圆心等高位置处一质量为m、带电量为+q的小球由静止释放，小球沿轨道下滑。已知电场强度，下列说法正确的是（ ） A. 小球运动过程机械能守恒 B. 小球机械能与电势能之和先减小后增大 C. 小球到达最低点时，小球对轨道的压力大小为 D. 小球下滑到最低点过程中，电势能减少 【答案】C 【解析】 【详解】A．小球运动过程中竖直向上的电场力对带正电的小球做功，不满足机械能守恒条件，故A错误； B．轨道的支持力始终与小球速度方向垂直、不做功，只有重力和电场力做功，因此小球的动能、重力势能、电势能三者总和守恒，也就是机械能（动能+重力势能）与电势能之和为恒定值，故B错误； C．小球从与圆心等高的初始位置滑到最低点，下落的竖直高度为R，由动能定理： 在最低点，向心力指向圆心（竖直向上），对小球由向心力公式： 代入数值解得 根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小为，故C正确； D．小球下滑到最低点的过程中，电场力竖直向上，位移的竖直分量向下，电场力做负功，根据电场力做功与电势能变化的关系，电势能会增加，故D错误。 故选C。 6. 如图所示，电流表A1（0~3 A）和A2（0~0.6 A）是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（　　） A. 电流表A1的内阻较大 B. A1、A2的读数之比为1∶1 C. A1、A2的指针偏转角度之比为5∶1 D. A1、A2的指针偏转角度之比为1∶1 【答案】D 【解析】 【详解】A．电流表由相同的灵敏电流计并联分流电阻改装而成，量程越大，并联的分流电阻越小，电流表总内阻越小。 已知量程，量程，量程之比，则内阻之比 量程大的电流表内阻更小，所以内阻更小，故A错误； B．并联电压相等，，电流与内阻成反比，读数之比，故B错误； CD．两个电流表内部是相同灵敏电流计，电流表并联，灵敏电流计两端电压相同，通过灵敏电流计的电流相同，指针偏转角相等，指针偏转角度之比为，故C错误，D正确。 故选D。 7. 如图，G表为理想灵敏电流计，V表为理想电压表，r＜R1、R2为定值电阻，R3是一根盐水柱（封于橡皮管内，与电路导通），平行板电容器两极板水平，开关S闭合后，电容器两板间的带电油滴恰好静止。则握住盐水柱两端将它竖直均匀拉伸的过程中（忽略人身体及温度对电阻的影响）（　　） A. 流过R1的电流增大 B. 电压表的示数U减小 C. 电压表的示数U和电流表的示数I的比值（）增大 D. 带电油滴向下运动 【答案】C 【解析】 【详解】A．握住盐水柱两端将它竖直均匀拉伸的过程中，盐水柱的横截面积减小，长度增大，根据可知，R3增大，根据串反并同规律可知，流过R1的电流减小，故A错误； BC．电压表测量R2两端的电压，R3增大， R3两端电压增大，R2两端的电压增大，即电压表示数增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值（）增大，故B错误，C正确； D．电容器并联在R2两端，因此电容器两端电压增大，根据可知电场力增大，初始时电场力等于重力，现在电场力大于重力，油滴向上运动，故D错误。 故选C。 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 8. 部分网红火锅店推出了“九宫格”菜盘套餐，方便顾客品尝丰富多样的菜品。某同学依据该模型画出了如图所示的图样，假设该“九宫格”图样处于平行于该平面的匀强电场中，将一个电子放置在C点时比放在O、A两点时电势能均小4 eV，设O点电势为零，九宫格小正方形边长为10 cm，则下列说法正确的是（ ） A. 电场线方向为O指向A B. B点的电势为−6 V C. 匀强电场的电场强度大小为40 V/m D. 将质子从B点移动到C点，克服电场力做功10 eV 【答案】BD 【解析】 【详解】A．电子在C点的电势能比O、A点均小4 eV，即， 其中，， 结合题干设O点电势为零，即，可得， O、A两点电势均为0，说明OA连线是等势线，电场线应垂直于OA指向电势降低的方向，并非O指向A，故A错误； BC．匀强电场中，沿x轴（OA所在直线）电势处处相等，仅沿y轴（垂直OA向右上方）电势均匀降低。设九宫格小正方形边长为，由几何关系得，C到O沿电场方向的距离为 电势差为 可得电场强度 O到B沿电场方向的距离为 可得 其中 可得，故B正确，C错误； D．质子从B到C的电场力做功 解得 说明电场力做负功，即质子需要克服电场力做功10 eV，故D正确。 故选BD。 9. 如图所示是阴极射线管示意图，当偏转电极板、间不加电压时，电子束经电场加速后打到荧屏中央处形成亮斑。若偏转电极板带正电，已知电子在偏转电场中运动时间极短且不打到极板上，在其他条件不变的情况下，则（　　） A. 电子通过极板过程中电场力对电子做正功，电子偏转时电势能增大 B. 电子束经电场加速后打到荧屏形成亮斑，亮斑在点上方 C. 偏转电压不变时，若荧屏上亮斑向上移动，可知加速电压在增大 D. 加速电压不变时，若荧屏上亮斑向上移动，可知偏转电压在增大 【答案】BD 【解析】 【详解】A．电子通过极板过程中电场力对电子做正功，则电子的电势能减小，故A错误； B．偏转电极板带正电，则电子所受电场力向上，亮斑在点上方，故B正确； CD．设加速电场的加速电压为，偏转电场的电压为，之间的距离为d、板长为L，电子射出时的偏转位移为y，电子在加速电场中，根据动能定理可得 在偏转电场中，根据类平抛运动的规律可得，， 联立解得 可知，偏转电压不变时，加速电压减小，则亮斑向上移动；加速电压不变时，偏转电压增大，则亮斑向上移动，故C错误，D正确。 故选BD。 10. 如图为利用电压表测量车辆加速度的装置示意图。金属丝上端固定于O点，下端系一质量为m的小球。AB为一根材料、粗细均相同的电阻丝。在O点和电阻丝中点C之间接入理想电压表。当列车静止或匀速运动时金属丝接触在C点，电压表示数为0；当列车以大小为a的加速度向右或向左运动时，金属丝与竖直方向夹角为，电压表的示数为。已知金属丝与电阻丝接触良好且摩擦不计，金属丝和导线电阻不计，OC⊥AB。下列说法正确的有（　　） A. 加速度a与成正比 B. 金属丝与电阻丝接触点不同，电阻丝中电流不同 C. 电压表的示数与车辆加速度值a成正比 D. 若对电压表的刻度重新标定为加速度的数值，则数值分布是不均匀的 【答案】AC 【解析】 【详解】A．对小球进行受力分析得，故加速度a与成正比，A正确； B．设电阻丝的电阻为，稳压电源的电动势为，根据欧姆定律有，、一定，金属丝与电阻丝接触点不同，电阻丝中电流相同，B错误； C．设金属丝与竖直方向夹角为时，金属丝与电阻丝的接触点为，电阻丝总长为，根据电阻定律有 设的长为，根据几何关系有 依题意，电压表测量的是金属丝与电阻丝的接触点与C点之间的电压，根据欧姆定律有 解得，把加速度代入得，即电压表的示数与车辆加速度值a成正比，C正确； D．根据前面分析，电压表的示数与车辆加速度值a成正比，故对电压表的刻度重新标定为加速度的数值，数值分布是均匀的，D错误。 故选AC。 三、实验题（本大题共2小题，每小题8分，共16分） 11. 小明同学在五金店购买了一卷长度为的电线，他设计了如下实验测量电线圆柱形铜芯的电阻率。 （1）剥开这卷电线两端的绝缘层，用游标卡尺测量铜芯直径如图甲所示，则游标卡尺读数为________mm； （2）先用多用电表粗测这卷电线的电阻，将多用电表选择开关旋至电阻挡“”位置，欧姆调零后测量，发现指针位置如图乙所示，则应将选择开关旋至________（选填“”或“”）位置。重新欧姆调零再进行测量，指针位置如图丙所示，则读数为________Ω。 （3）再用伏安法测量这卷电线的电阻，选用的实验器材有：电池组（电动势）、电流表（内阻约为）、电压表（内阻约为）、滑动变阻器（）、开关、导线若干。要求电压从零开始调节，部分连线如图丁所示，导线①应连接到________（选填“a”或“b”）接线柱，导线②应连接到________（选填“c”或“d”）接线柱。正确连接电路后，测量并记录数据，作出图像如图戊所示。由图戊可得该电线的电阻为________，计算可得铜芯电阻率为________。（结果均保留两位有效数字） 【答案】（1）0.40 （2） ①. ②. 8.8##8.9##8.7 （3） ①. ②. ③. 8.1 ④. 【解析】 【小问1详解】 图甲为20分度游标卡尺，精度为，主尺读数为，游标尺第8个刻度与主尺刻度对齐，游标尺读数为 总读数为 【小问2详解】 [1]欧姆表指针偏转过大，说明被测电阻阻值很小，所选倍率太大，应选倍率。 [2]重新调零后图丙指针指向欧姆刻度约为8.8 Ω的位置，乘以倍率，读数为 【小问3详解】 [1]被测电线电阻约为，满足（，），属于小电阻，电流表应采用外接法，因此导线①接电流表的接线柱。 [2]电压要求从零开始调节，滑动变阻器需采用分压式接法，因此导线②接接线柱， [3]图像的斜率等于被测电阻阻值，取图线终点、，计算得 [4]根据电阻定律，横截面积 代入、、，推导得  12. 小明同学要测量一个电源的电动势（左右）和内阻，找到如下器材： A、待测电源 B、电流表：量程，内阻约 C、电流表：量程，内阻约 D、电压表：量程，内阻约 E、电压表：量程，内阻约 F、定值电阻 G、滑动变阻器： H、开关，导线若干 （1）因电源的内阻较小，以下给出的甲、乙两种测量电路中，你认为较合理的是__________（填“甲”或“乙”）。 （2）为减小测量误差，对于电流表和电压表选择正确的是__________。 A. B、D B. B、E C. C、D D. C、E （3）正确连接电路后，某次测量中电流表指针位置如图所示，其示数为__________A。 （4）调节滑动变阻器阻值，测得多组电表读数，作出如图所示的图像，则待测电源电动势__________，内阻__________。（结果均保留小数点后两位）该实验测出的电动势__________真实值（填“大于”、“小于”或“等于”）。 【答案】（1）乙 （2）A （3）0.24 （4） ①. #### ②. #### ③. 小于 【解析】 【小问1详解】 因电源的内阻较小，则应将定值电阻接在干路上，作为等效内阻，减小计算误差，故较合理的是乙图。 【小问2详解】 电源的电动势为左右，其电压表最大示数为左右，电路中最大电流 上述计算时未加电源内阻与电流表内阻，则实际最大电流将更小。则根据电表读数中示数不能超过量程，且要超过满偏刻度的，有时也可以从测量数据来确定选择的电表。则根据题中已有电表以及题中减小误差的需求，电流表应选择B，电压表应选择D。 故选A。 【小问3详解】 图中电流表量程为，分度值为，指针指在第12格，则根据电流表读数原则，电流表示数为 【小问4详解】 [1][2]由闭合电路欧姆定律及题中电路图像得公式 则图像截距等于电源电动势，即 斜率绝对值等于等效内阻，即 解得电源内阻 由于读数误差的原因，电源电动势测量值为均可，电源内阻测量值为均可。 [3]在题中对应电路图中，电路短路电流真实值与测量值相同，调节滑动变阻器阻值，测电表读数时，由于电压表的分流，导致电流表实测示数偏小，且随着电压表示数的变大，电压表的分流越大，导致电流表测量值与真实值偏小更多，其真实图像与测量图像对比如下图所示： 则得测量图线截距小于真实图线截距，即该实验测出的电动势小于真实值。 四、解答题（本大题共3小题，共38分，要求写必要的公式和文字说明，直接写结果的不得分。） 13. 如图所示的电路中电阻，电容器的电容为。移动滑动变阻器的滑片，记录电压表和电流表的读数，当电压表的读数为时，电流表对应的读数为；当滑片位于滑动变阻器最右端时，电压表的读数为，电流表对应的读数为。电压表和电流表均为理想电表，电源的电动势和内阻恒定不变，求： （1）电源的电动势和内阻； （2）电阻的阻值； （3）当电压表读数为时，电容器上所带的电荷量。 【答案】（1）6V， （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 根据闭合电路欧姆定律 由，，，，代入数据得电动势， 【小问2详解】 当滑片P位于滑动变阻器最右端时，滑动变阻器接入电阻为零，电阻被短路，此时通过的电流为， 电压为 因此 【小问3详解】 电容器两端的电压等于电阻两端的电压，当电压表读数为时 电容器上所带的电荷量 解得 14. 如图所示，固定于同一条竖直线上的点电荷M、N相距为2d，电荷量分别为和。EF是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p，其质量为m、电荷量为+q，现将小球p从与点电荷M等高的E点由静止开始释放，小球p向下运动到距E点距离为d的O点时，速度为。已知MN与EF之间的距离也为d、静电力常量为k，重力加速度大小为g，求： （1）E、O点间的电势差； （2）小球p经过O点时的加速度大小； （3）小球p经过与点电荷N等高的F点时的速度大小。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 小球p从E点到O点过程，根据动能定理可得 解得 根据 可得E、O点间的电势差 【小问2详解】 小球p在O点的受力如图所示 M到点的距离为 对的库仑斥力大小为​，方向斜向左下45°； 到点的距离也为，对的库仑引力大小为​，方向斜向右下45°。 将两个库仑力沿水平、竖直方向分解，水平分量相互抵消，竖直分量叠加得总电场力 由牛顿第二定律可得 解得小球p经过O点时的加速度大小 【小问3详解】 小球p从E点到F点过程，根据动能定理可得 根据对称性得 可得 联立解得 15. 电子束光刻技术原理简化如图甲所示，电子源发射的电子束经过多级直线加速器后，进入静电转向器，再通过偏移器后对晶圆上的光刻胶进行曝光。多级直线加速器由n个横截面积相同且共轴的金属圆筒依次水平排列，各金属圆筒依序接在交变电源的两极A、B上，交变电源两极间电势差的变化规律如图乙所示。序号为0的金属圆板中央有一个点状电子源，电子逸出的速度不计，转向器中有辐向电场，电子从M点水平射入，沿着半径为R的圆弧虚线（等势线）运动，并从N点竖直射出，沿着偏移器的中轴线进入，轴线垂直晶圆上表面并过中心O点，已知偏移器为长、间距均为L的平行金属板，两极板可加电压，偏移器下端到芯片的距离为L，电子质量为m、电荷量大小为e，交变电压的绝对值为 U，周期为T。电子通过圆筒间隙的时间不计，不计电子重力及电子间的相互作用力，忽略相对论效应、极板边缘效应等其他因素的影响。 （1）若t=0时刻进入圆筒间隙的电子能够被加速，求此时A、B的电势高低和经过一次加速后电子的速度大小； （2）经过8个圆筒后被导出的电子恰能沿圆弧虚线运动，求第8个圆筒的长度和转向器虚线处电场强度的大小； （3）第（2） 问中的电子能经过偏移器，求偏移器间所加电压的范围； 【答案】（1）B点电势高， （2）， （3） 【解析】 【小问1详解】 B点电势高，电子在加速过程应用动能定理，有 得 【小问2详解】 电子在圆筒中做匀速直线运动，有 电子经过8次加速后，有 所以 电子在转向器中做匀速圆周运动，有 得 【小问3详解】 电子在偏移器中做类平抛运动，有 可以得到 故所加电压的范围为。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 广州市第十六中学2026学年第一学期高中中段教学质量反馈 高二年级物理试卷 一、单项选择题（本大题共7小题，每小题4分，共28分） 1. 某手机电池背面印有的符号如图所示。已知元电荷，下列说法正确的是（　　） A. “伏特”（V）是国际单位制中的基本单位 B. “毫安·时”（）是电池储存的能量的单位 C. 若该手机的待机电流为10 mA，则手机最多可待机20小时 D. 若该电池工作电流为16 mA，则每秒内定向通过电源的电子个数为个 2. 为监测土壤湿度，某智慧农业系统采用电容式湿度传感器，其原理简化图如图所示，连接在电路中的平行金属板电容器的两极板插入土壤（视为绝缘电介质）中。已知土壤的相对介电常数随着土壤中含水量的增大而增大。闭合开关S后，当土壤逐渐变干燥时，下列说法正确的是（ ） A. 电容器的电容增大 B. 电容器两板间的电压减小 C. 电容器带的电荷量增加 D. 通过电流表的电流方向为从M到N 3. 如图1所示，直线AB是固定点电荷Q产生的电场中的一条电场线，P是AB的中点，一带电粒子从A点静止释放，仅在静电力的作用下从A点运动到B点，其运动的图像如图2所示。下列说法正确的是（ ） A. 点电荷Q在A的左侧 B. 该带电粒子一定带负电 C. 带电粒子在A点的电势能小于在B点的电势能 D. A、P两点间电势差的绝对值小于P、B两点间电势差的绝对值 4. 电子透镜是通过静电场来使电子束聚焦的装置。电子透镜两极间的电场线分布如图中带箭头的实线。现有一电子仅在静电力作用下从M运动到N，运动轨迹如图虚曲线所示。则下列说法正确的是（　　） A. 电子在M点的加速度最大 B. P点的电势低于M点的电势 C. 从M点到N点电子的动能先增大后减小 D. 从M点到N点电子的电势能一直减小 5. 如图所示，绝缘光滑半圆环轨道半径为R，置于竖直向上的匀强电场E中。在轨道上端与圆心等高位置处一质量为m、带电量为+q的小球由静止释放，小球沿轨道下滑。已知电场强度，下列说法正确的是（ ） A. 小球运动过程机械能守恒 B. 小球机械能与电势能之和先减小后增大 C. 小球到达最低点时，小球对轨道的压力大小为 D. 小球下滑到最低点过程中，电势能减少 6. 如图所示，电流表A1（0~3 A）和A2（0~0.6 A）是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（　　） A. 电流表A1的内阻较大 B. A1、A2的读数之比为1∶1 C. A1、A2的指针偏转角度之比为5∶1 D. A1、A2的指针偏转角度之比为1∶1 7. 如图，G表为理想灵敏电流计，V表为理想电压表，r＜R1、R2为定值电阻，R3是一根盐水柱（封于橡皮管内，与电路导通），平行板电容器两极板水平，开关S闭合后，电容器两板间的带电油滴恰好静止。则握住盐水柱两端将它竖直均匀拉伸的过程中（忽略人身体及温度对电阻的影响）（　　） A. 流过R1的电流增大 B. 电压表的示数U减小 C. 电压表的示数U和电流表的示数I的比值（）增大 D. 带电油滴向下运动 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 8. 部分网红火锅店推出了“九宫格”菜盘套餐，方便顾客品尝丰富多样的菜品。某同学依据该模型画出了如图所示的图样，假设该“九宫格”图样处于平行于该平面的匀强电场中，将一个电子放置在C点时比放在O、A两点时电势能均小4 eV，设O点电势为零，九宫格小正方形边长为10 cm，则下列说法正确的是（ ） A. 电场线方向为O指向A B. B点的电势为−6 V C. 匀强电场的电场强度大小为40 V/m D. 将质子从B点移动到C点，克服电场力做功10 eV 9. 如图所示是阴极射线管示意图，当偏转电极板、间不加电压时，电子束经电场加速后打到荧屏中央处形成亮斑。若偏转电极板带正电，已知电子在偏转电场中运动时间极短且不打到极板上，在其他条件不变的情况下，则（　　） A. 电子通过极板过程中电场力对电子做正功，电子偏转时电势能增大 B. 电子束经电场加速后打到荧屏形成亮斑，亮斑在点上方 C. 偏转电压不变时，若荧屏上亮斑向上移动，可知加速电压在增大 D. 加速电压不变时，若荧屏上亮斑向上移动，可知偏转电压在增大 10. 如图为利用电压表测量车辆加速度的装置示意图。金属丝上端固定于O点，下端系一质量为m的小球。AB为一根材料、粗细均相同的电阻丝。在O点和电阻丝中点C之间接入理想电压表。当列车静止或匀速运动时金属丝接触在C点，电压表示数为0；当列车以大小为a的加速度向右或向左运动时，金属丝与竖直方向夹角为，电压表的示数为。已知金属丝与电阻丝接触良好且摩擦不计，金属丝和导线电阻不计，OC⊥AB。下列说法正确的有（　　） A. 加速度a与成正比 B. 金属丝与电阻丝接触点不同，电阻丝中电流不同 C. 电压表的示数与车辆加速度值a成正比 D. 若对电压表的刻度重新标定为加速度的数值，则数值分布是不均匀的 三、实验题（本大题共2小题，每小题8分，共16分） 11. 小明同学在五金店购买了一卷长度为的电线，他设计了如下实验测量电线圆柱形铜芯的电阻率。 （1）剥开这卷电线两端的绝缘层，用游标卡尺测量铜芯直径如图甲所示，则游标卡尺读数为________mm； （2）先用多用电表粗测这卷电线的电阻，将多用电表选择开关旋至电阻挡“”位置，欧姆调零后测量，发现指针位置如图乙所示，则应将选择开关旋至________（选填“”或“”）位置。重新欧姆调零再进行测量，指针位置如图丙所示，则读数为________Ω。 （3）再用伏安法测量这卷电线的电阻，选用的实验器材有：电池组（电动势）、电流表（内阻约为）、电压表（内阻约为）、滑动变阻器（）、开关、导线若干。要求电压从零开始调节，部分连线如图丁所示，导线①应连接到________（选填“a”或“b”）接线柱，导线②应连接到________（选填“c”或“d”）接线柱。正确连接电路后，测量并记录数据，作出图像如图戊所示。由图戊可得该电线的电阻为________，计算可得铜芯电阻率为________。（结果均保留两位有效数字） 12. 小明同学要测量一个电源的电动势（左右）和内阻，找到如下器材： A、待测电源 B、电流表：量程，内阻约 C、电流表：量程，内阻约 D、电压表：量程，内阻约 E、电压表：量程，内阻约 F、定值电阻 G、滑动变阻器： H、开关，导线若干 （1）因电源的内阻较小，以下给出的甲、乙两种测量电路中，你认为较合理的是__________（填“甲”或“乙”）。 （2）为减小测量误差，对于电流表和电压表选择正确的是__________。 A. B、D B. B、E C. C、D D. C、E （3）正确连接电路后，某次测量中电流表指针位置如图所示，其示数为__________A。 （4）调节滑动变阻器阻值，测得多组电表读数，作出如图所示的图像，则待测电源电动势__________，内阻__________。（结果均保留小数点后两位）该实验测出的电动势__________真实值（填“大于”、“小于”或“等于”）。 四、解答题（本大题共3小题，共38分，要求写必要的公式和文字说明，直接写结果的不得分。） 13. 如图所示的电路中电阻，电容器的电容为。移动滑动变阻器的滑片，记录电压表和电流表的读数，当电压表的读数为时，电流表对应的读数为；当滑片位于滑动变阻器最右端时，电压表的读数为，电流表对应的读数为。电压表和电流表均为理想电表，电源的电动势和内阻恒定不变，求： （1）电源的电动势和内阻； （2）电阻的阻值； （3）当电压表读数为时，电容器上所带的电荷量。 14. 如图所示，固定于同一条竖直线上的点电荷M、N相距为2d，电荷量分别为和。EF是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p，其质量为m、电荷量为+q，现将小球p从与点电荷M等高的E点由静止开始释放，小球p向下运动到距E点距离为d的O点时，速度为。已知MN与EF之间的距离也为d、静电力常量为k，重力加速度大小为g，求： （1）E、O点间的电势差； （2）小球p经过O点时的加速度大小； （3）小球p经过与点电荷N等高的F点时的速度大小。 15. 电子束光刻技术原理简化如图甲所示，电子源发射的电子束经过多级直线加速器后，进入静电转向器，再通过偏移器后对晶圆上的光刻胶进行曝光。多级直线加速器由n个横截面积相同且共轴的金属圆筒依次水平排列，各金属圆筒依序接在交变电源的两极A、B上，交变电源两极间电势差的变化规律如图乙所示。序号为0的金属圆板中央有一个点状电子源，电子逸出的速度不计，转向器中有辐向电场，电子从M点水平射入，沿着半径为R的圆弧虚线（等势线）运动，并从N点竖直射出，沿着偏移器的中轴线进入，轴线垂直晶圆上表面并过中心O点，已知偏移器为长、间距均为L的平行金属板，两极板可加电压，偏移器下端到芯片的距离为L，电子质量为m、电荷量大小为e，交变电压的绝对值为 U，周期为T。电子通过圆筒间隙的时间不计，不计电子重力及电子间的相互作用力，忽略相对论效应、极板边缘效应等其他因素的影响。 （1）若t=0时刻进入圆筒间隙的电子能够被加速，求此时A、B的电势高低和经过一次加速后电子的速度大小； （2）经过8个圆筒后被导出的电子恰能沿圆弧虚线运动，求第8个圆筒的长度和转向器虚线处电场强度的大小； （3）第（2） 问中的电子能经过偏移器，求偏移器间所加电压的范围； 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $