湖南长沙市湖南师范大学附属中学2026-2027学年高二上学期11月期中物理试题

物理参考答案 一、二选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B A D A B D CD BC AD 1.A【解析】探究平行板电容器电容的影响因素时，控制其余变量不变，只研究电容与某一个变量的关系，涉及多个变 量，该方法为控制变量法，故A正确；“质点”概念的提出用到了理想模型法，所以在研究乒兵球旋转时不能把乒乓球 B错误：公式Q二片是牛顿第三定律的表达式，加速度的比值定义是二巴，故C错误：物 落体运动是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律总结出自由落体的运动规律，这是采 用了实验和逻辑推理相结合的方法，故D错误。故选A。 2.B【解析〗振动图像表示振子位移随时间的变化规律，并不是振子实际运动的轨迹，故B正确，AC错误；B点切线的 方向不表示振子运动到B点时的速度方向，故D错误。故选B。 3.A【解析】正离子带正电，负离子带负电但运动方向相反，二者形成的电流方向相同，所以通过横截面的电荷量取两 种高子电荷量绝对值之和。根据电流定义【=，正离子通过的电荷量为g+=24=2X5X10×1.6X100C= 1.6C,负离子通过的电荷量绝对值为g-=Ne=1X1019X1.6X10-19C=1.6C,所以1s内通过横裁面的总电荷量 为g=g4十g-=3.2C,代入g=3.2C和1=1S,得I=3:2A=3.2A,故选A. 1 4.D【解析】卫里绕地球做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，即G恤=加，解得a-以，因此r总大加速度a越 小，因此“苍宇一号"加速度小于空间站的加速度，救A错误：由G恤=m号，解得=√，因此r越大速度口越 r2 小，因此“苍字一号”线速度小于室间站的线速度，故B错误；由G恤=7，解得w一√侧，因此r慧大角速度0越 r2 小，因此“苍宇一号”角速度小于室间站的角追度，故C错误：由G恤=m祭，解得T=2√，因此r越大周期T r 2 越大，因此“苍宇一号”周期大于空间站的周期，故D正确。 5.A【解析】设火箭总质量为2m,炸裂前速度6=8m/5,炸裂成质量均为m的甲、乙两块。炸裂过程内力远大于外力， 水平方向动量守恒；化学能转化为机械能，所以系统动能增加。动量守恒2m=mop十m心L,得vp十vz=l6m/s,炸 梨前总动能E。=号×2mX话=64m,并梨后总动能民=合m4十合m吃，要求B>Ba。购十au=16m/s,B= 2m(02+162)=128m>64m,动量守恒，动能增加，故A正确；m十au=16m/s,瓦.=7m(10+6°)=68m>64m,游 裂过程内力为斥力，甲位于乙左侧时，甲受向左的斥力速度应不大于8m/S,乙受向右的斥力速度应不小于8m/s,选 项不符合该物理情景，故B错误；聊十≠16m/s,不满足动量守恒，故C错误；g十L=16m/s,瓦=2m(82+82) =64m=Eo,动能不变，没有化学能转化为机械能，故D错误。故选A。 6.B【解析】电容器上极板与电源正极相连，则电容器上极板带正电，极板间场强方向竖直向下。由平衡条件可知，小液 滴受到的电场力与重力等大反向，即小油滴所受的电场力竖直向上，则小液滴带负电。滑片向b端移动时，R接入电 路的阻值减小，根据“串反并同”可知，与R等效并联的电压表的示数减小；与R等效并联的电容器两端的电压减小； 与R等效串联的电流表的示数增大。根据E=号可知，板板间电场强度减小，小液滴安到的电扬力减小，因此小液清 将向下运动，故A错误，B正确；由闭合电路欧姆定律可得路端电压为U=E一I,因为电流表的示数增大，即路端电压 UI U E)2R#= 减小。电源的效率为习=司=，显然，电源的数率变小。电源的输出功率P=PR4=(,干 R-r十4 ，由于不知道电源内阻与外电阻的大小关系，所以不能判断电源输出功率的变化情况，故C错误；把B 看底电源肉阻的一部分，等效路瑞电压为U=E一=E一十R),可免贺-十R,故D错误。故造B。 高二物理参考答案(T)一1 7.D【解析]小球从M到N的运动过程中，报据动能定理有Uw十mgh=m-司m,解得U-2地，M A错误；小球在水平方向的运动具有对称性，故到达N点时，水平速度大小为，故，=√一话=√3%=mg √6gh>√2gh,则电场强度一定有竖直向下的分量，小球水平方向先减速后加速，电场强度有水平向右的 分量，则电场强度方向斜向右下，设小球经过N点时速度方向与水平向右的方向成角， 0 V609 a 4n9 Q0a一号一受故。一60，放B心错误画出小率从M到N的建度变化夫量因如图，可如实际速度与△垂直时造度最 小，油0==牙，则=%如0=四。 △0 7,故D正确。 8.CD【解析】根据电势差定义，Um=一m=20V-60V=一40V,A错误；电场力做功：W=gU=(-1.0X10-9C) ×(一40V)=4X10-8J,雾滴的电势能减少了4×10日J,雾滴带负电荷，向高电势B点移动，电场力做正功，所以电势 能减小，则B错误、C正确；整个过程只有电场力做功，电场力做功全部转化为雾滴的动能，利用动能定理列式，代入数 据求解速度。根据动能定理：W=司m-0,=2m/s,则D正确。 9.BC【解析】功率保持恒定，根据P=F可得，速度变大则牵引力变小，汽车做的是加速度逐渐减小的加速运动，则A 错误；汽车达到最大速度⑦m时，加速度为O,牵引力与阻力平衡F=f,由功率定义P=Fum,结合阻力公式f=℃，得 u-√层，故B正确：用动能定理，申队一W=合m,将么-√层代入，*理得克展胆力发骑所=1-爱 P一贺），C正确；当速度为最大速度的一半，即=受时，幸引力F=号-2吧，阻力f=e·受，代入牛频第二定律 00m g小，可释a积空 m m一，故D错误。故选BC。 10.AD【解析】设交变电场周期为T,射出粒子在电场中运动的时间均为=84=2T,故A正确；粒子在电场中运动的 杰选底大小为公一盟-亮仅设粒子进入电场后，在坚立方向上始终话一个方向假匀加建直镜运动，且最终打在极板 上，则有子4=，解得：一日，所以很说减立，则粒子在电场中运功的最板时间为已，长B错误=器 时刻选入的粒子，在弘一2二时间内向下做匀加速运动，且竖直分位移大小为必=分6=是，根据对称性可知，粒子 2un Uo 在弘一品时间内将向下微匀减遍运动，且竖直分位移大小仍等于，则2%=号，粒子在品时刻速度减为套后，又 2 开始向上做匀加速运动，在职一丝时间内粒子圣直分位移大小为为=合听=品山，假设没有上板板，且电场不消 2vo vo 失，在丛时间内粒子将向上做匀减速运动，根据对称性可知竖直分位移大小仍为为，则选入电场经过一个周期 26 后，散子的整直分位移大小为2%一2%=心4，所以1一器时割进入的粒子一定会打到上叛板，放C错误-月 时刻进入的粒子，在品~化时间内向下微匀加速运动，且竖直分位移大小为》=合听=号，根据对称性可知，粒子 Uo Vo 在以二时间内将向下做匀减速运动，且坚直分位移大小仍等于，则2=号，粒子在弘时刻速度减为零后又开 V. 始向上做匀加速运动，进而可推知粒子在进入电场T时间后又回到00上，所以=时刻进入的粒子最终能从0'点 射出，故D正确。故选AD。 高二物理参考答案(T)一2 三、实验题（共15分，11题6分，12题9分） 11.(6分)(1)C(2分)(2)B(2分)(3)m,=mx1+m1x(2分) 【解析】()要使两球发生对心正经，两球半径应相等，为防止入射球硅撞后反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量， 即m:>mz,n=n。故选C。 (2)斜槽末端水平才能保证小球抛出后做平抛运动，故A错误；同一组实验时，入射小球每次必须从斜槽轨道同一位 置由静止释放，才能保证碰拉前速度一致，故B正确；实验中白纸位置必须固定，不能移动，否则落点位置测量错误， 故C错误；小球平抛下落高度相同，运动时间相同，速度可由水平位移代替，不需要测量时间，故D错误。故选B。 (3)理棱前小球m落，点为P,碰拉后小球m1落点为M,小球m,落点为N,平抛运动时间相同，设为t,由题意0= 只n-号，=号，若满足动量守恒定律则有m西=m0十m:0,解得%巧=m十之… 12.(9分)(1)A(2分)C(1分)(2)1.49(1.48~1.50即可)(2分)0.75(0.73~0.77即可)(1分)(3)A(2分) (4)小于(1分) 【解析(1)一节旧千电池电动势约1.5V,内阻约1Q,电路最大电流约I=≈1.5A,但实际实验中电流不宜过大， 选0~0.6A量程(A),捌量精度高。如果选3A量程，指针偏转过小，误差大。千电池内阻较小，为了使得电压变化 明显，滑动变阻器选择最大阻值较小的C。 (2)根据闭合电路欧姆定律U=E-1r,U一I图线的纵轴裁距等于电动势E,结合题图可得E=1.49V;图线斜率的 绝对值等于电源内阻-1贺1，计算得内阻约=山48040=0.75n 0.60 (3)图1是电流表外接法（电压表直接并联在电源两端），电压表测量的就是路端电压，电压测量值等于真实值；但电 流表的读数仅为滑动变阻器的电流，小于干路的总电流（电压表存在分流），因此电流表测量值小于待测总电流值。 故选A。 (4)该电路图为外接法，则电动势测量值小于电源真实电动势，电源内阻测量值小于电源内阻的真实值。 四、解答题（共42分，13题12分，14题16分，15题14分） 13.(12分)【解析(1)由题知，小灯泡正常发光，则小灯泡两端的电压为6V,流过小灯泡的电流为1A,由 P=U汀……………（2分) 得灯泡的功率P=6X1W=6W… …………………(2分)》 (2②)由于灯池和电阻是帝联，可得电流相同，且路端电压等于女泡和电阻的电压之和，则由【是得，誉个电路的路端 电压为U=1X10V十6V=]6V…（2分） 由闭合电路的欧姆定律得，电源的电动势为E=U十Ir=16V+1×2V=18V (2分) (3)由P=UI得，电源的总功率为P=EI=18×1W=18W (4分) h 14.（(16分)【解析(1)斜面的长度为x=5in37=36m… …（们分） 物块在斜面上做初速度为0的匀加速直线运动，由位移公式得x=,a 解得a=经=2m/s2 …（1分） 对物块由牛顿第二定律得ngsin37°-F,=ma …(1分) 垂直斜面方向有mgC0s37=FN… …（1分) 又f=/FN… ……(1分) 解得以=0.5… (1分) (2)物块滑上长木板瞬间的速度大小为%=at 解得%=12m/s …（1分） 方法1：根据动量能量求解 由于地面光滑，则以木块和长木板为系统动量守恒，有o=(m十M0 (2分) 该过程根据能量守恒可得：mgL=子， (2分) 之n2呢号(m十M02近…☑ 解得L=12m…(1分) 方法2：动力学方法 高二物理参考答案(T)一3 若水平面光滑，物块滑上长木板后向右做匀减速直线运动，长木板向右做匀加速直线运动，对物块由牛顿第二定律得 mg=ma 解得a,=2m/S2…(们分） 对长木板由牛顿第二定律得mmg=Ma, 解得Q阳=4m/s2…(们分) 为了保证物块A不离开长木板，则物块刚好滑到长木板最右端时，二者共速，对物块有n=0一a( 对长木板有v=44 解得v=8m/s …(1分） ……（1分) 读时同内物块和长木板的位移分别为写=士，西=受： 长木板的最小长度为L=x1一x2 解得L-12m…(们分) (3)若长木板与水平面间的动摩擦因数为山=0.1，物类滑上长木板后，物块向右做匀减速直线运动，加速度大小为 a4=2m/s2 由于Amg>(M什m)g,所以长木板向右做匀加速直线运动 对长木板由牛顿第二定律得mmg一e(M十m)g=Ma, 解得☑%=】m/S2…(们分) 设经时间t2物块与长木板共速，则有一al2=a2 解得2=4S……（们分) 此时两者共速速度边=a2=4m/s 1 长木板的位移西=20货=8m 由于山>：，此后物块和长木板共同减速，对物块和长木板由牛顿第二定律得 pe(M+m)g=(M+m)as 解得0：=1m/S2…（们分) 吃一8m 此后二者的位移为x=2 则整个过程中，长木板的位移为S=十x 解得S=16m…(1分) 15.(14分)【解析】(1)从A运动到B的过程，对滑块P,根据牛顿第二定律可得mpg=mna1… (2分) 根据速度位移关系可得听一形=2，d…(2分) 联立解得功=3/S…（1分)） (2)滑决P、Q碰撞过程，有mp=mp十ma …(2分） 海听=合m话+司喝 1 …（们分） 联立解得=一1m/S,=2m/s…(们分） 碰撞后，对滑块Q,根据牛顿第二定律有mag一Eq=mQa2,一=2aed 联立解得以，=1m/S…(们分) 滑块Q从C飞出后做类平抛运动，则x=4,h=乞aP,m@g十Bq=mo四 联立解得t=0.4S,=20m/s2,x=0.4m…(1分) (3)滑块Q第一次落到地面时竖直速度大小为y=al=8m/s 第一次与地面碰撞后速度大小为1'=8歇m/s 第二次与地面碰撞后速度大小为'=8km/s 第n次与地面碰撞后速度大小为如=8k”m/s… …（1分 水平方向，有x=u(2.阻+2.%+十2.”) (1分 a 5 根超等比数列求和可得产。=号 解得一号 …(们》 高二物理参考答案(T)一4高二年级第一学期期中考试 物 理 时量：75分钟满分：100分 一、单项选择题（本大题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个 选项符合题目要求) 1.“物理”二字最早出现在中文中，是取“格物致理”四字的简称，即考察事 物的形态和变化，总结研究它们的规律的意思。同学们在学习物理知识 之外，还要了解物理学家是如何发现物理规律的，领悟并掌握处理物理 问题的思想与方法，下列叙述正确的是 墨 A.探究平行板电容器电容的影响因素时，控制其余变量不变，只研究电 容与某一个变量的关系，该方法为控制变量法 B.“质点”概念的提出用到了理想模型法，所以在研究乒乓球的旋转时 袍 可以把乒乓球看成质点 邀 C.用比值法定义的物理概念在物理学中占相当大的比例，如加速度a= 的 长 票4-会都是采用比位法定义 北 D.伽利略是直接通过实验得出自由落体的运动规律的 2.如图所示是某振子做简谐运动的振动图像，以下说法 正确的是 架 A.因为振动图像可由实验直接得到，所以振动图像就 或 是振子实际运动的轨迹 B.振动图像反映的是振子位移随时间变化的规律，并不是振子运动的 实际轨迹 C.振子在B位置的位移就是曲线BC的长度 D.振子运动到B点时的速度方向即该点的切线方向 3.某电解池内，如果在1s内共有5×1018个二价正离子和1×1019个一价 负离子通过某横截面M,e=1.6×10-19C,那么通过这个横截面的电 流是 电 母 A.3.2A B.2.4A C.2.0A D.1.6A 高二物理试题(T)第1页（共8页） 4.据报道，我国商业公司研发的全球首颗商业地球同步轨道数据中继卫星 “苍宇一号”计划于2026年底前发射，届时该卫星在距地面高约 36000km处，相对地面静止。已知中国空间站在距地面高约400km的 轨道上运行。可预计“苍宇一号”在轨稳定运行时 A.加速度大于空间站的加速度 B.线速度大于空间站的线速度 C.角速度大于空间站的角速度 D.周期大于空间站的周期 5.如图所示，以水平向右为正方向，一枚火箭 正在空中以8m/s的速度向右水平飞行，在龄 某时刻炸裂成质量相等的甲、乙两块。已 知炸裂过程中有化学能转化为系统的机械 能，则炸裂后甲与乙的速度可能分别为 A.0、16m/s B.10m/s、6m/s C.-2m/s、16m/s D.8m/s、8m/s 6.如图所示，电路中E、r为电源的电动势和内电阻，R1、R、R3为定值电 ，阻，电压表和电流表均为理想电表，开关闭合时，平行金属板中一带电小 液滴P处于静止状态，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动后，下列说 法中正确的是 A.油滴带正电，将向下运动 B.电压表示数变小，电流表示数变大 C.电源的效率变大，输出功率变小 D若电正表，电流表的示数变化量分别为W和△1，则-， 7.如图所示，纸面为竖直面，MN为竖直线段，MN之间的距离为h, 空间存在平行于纸面的足够宽广的匀强电场，其大小和方向均未 知（图中未画出）。一带电量为q(q>0),质量为m的小球从M点 N 在纸面内以o0=√2gh的速度水平向左开始运动，以后恰好以大 小为o=2的速度通过N点。已知重力加速度为g,不计空气阻 力。则 A.UMN=mgh B.小球经过N点时速度方向一定与水平向右的方向成45° C.电场强度方向有可能斜向右上 D小球在运动过程中的最小速度为2， 7 高二物理试题(T)第2页（共8页） 二、多项选择题（本大题共3小题，每小题5分，共15分。每小题给出的 4个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全的得 3分，有选错得0分) 8.随着技术的发展，农业生产逐渐走向智能化，现有一一三 种植保无人机喷洒出的农药雾滴带负电，有一滴质 量m=2.0×10-8kg,g=-1.0X10-9C的带电雾 滴，由A点静止释放，仅在电场力作用下运动到B 点。已知A点电势为pA=20V,B点电势为PB= 60V,重力忽略不计，则 A.A、B两点电势差UAB=40V B.雾滴从A到B,电场力做功为-4X108J C.雾滴从A到B,电势能减少4X10-$J D.雾滴到达B点的速度大小为2m/s 9.如图所示，某公司研制的新型汽车在一平直 公路进行测试，汽车的质量为m,其运动过程 中所受的阻力大小满足f=k(k为常量且 >0,0为汽车的速度大小)。汽车从静止狂 始加速，功率始终为P,经过t时间达到最大 速度，下列说法正确的是 A.汽车启动过程做匀加速运动 P B.汽车行驶的最大速度为，√ C.该过程汽车克服阻力做的功为P一缓) D,当汽车的速度为最大速度的一半时，汽车的加速度为 2m 10.如图所示，长为8d,间距为受的平行金属板水平放置，两金属板左边中 点O有一粒子源，能持续水平向右发射初速度为、电荷量为十9、质 量为的粒子。在两板间存在如图所示的交变电场，取竖直向下为电 场强度正方向，不计粒子重力。以下判断正确的是 E 17vo1 2qd 2d! 4d:6d:8d m%3 甲 2qd 乙 高二物理试题(T)第3页（共8页） A.能射出两板的粒子在两板间的运动的时间为 0 B.粒子在电场中运动的最短时间为 300 C,二时刻进入的粒子将打到下极板 20 Dt一品时刻进人的粒子能从0点射出 三、实验题（共15分，11题6分，12题9分） 11.(6分)某同学用图甲实验装置验证动量守恒定律。已知入射小球质量 为1，被碰小球质量为2。记录小球平抛抛出点在水平地面的竖直 投影点为O,测得碰撞前人射小球的平均落地点为P,碰撞后人射小 球、碰撞后被碰小球的平均落地点为M、N,M、P、N与O的距离分别 为x1、x2、x3,如图乙所示。 用 乙 (1)若入射小球半径为1，被碰小球半径为r2,为了使入射小球碰后不 反弹，则需要满足的条件有 (填序号，下同) A.m>me,r>r2 B.m<ma,n<r2 C.m>me,r=r2 D.m<ma,r=r2 (2)关于本实验，下列说法正确的是 。,（单选) A.斜槽轨道末端不一定需要水平 B.同一组实验时，人射小球每次必须从斜槽轨道同一位置由静止 释放 C,实验过程中，复写纸和白纸都可以移动 D.需用秒表测定小球在空中飞行的时间 (3)若两球碰撞时的动量守恒，应满足的关系式为 。(用题中所给物理量的符号表示) 高二物理试题(T)第4页（共8页） 12.(9分)用图1所示的电路测量一节旧干电池的电动势和内阻（约12）。 图1 (1)除干电池、电压表（量程0~3V,内阻约310）、开关和导线外，可供 使用的实验器材还有： A.电流表（量程0~0.6A,内阻约0.12） B.电流表（量程03.0A,内阻约0.02） C.滑动变阻器（最大阻值20D,额定电流2A) D.滑动变阻器（最大阻值2002，额定电流1.5A) 实验中电流表应选用 ,滑动变阻器应选用 。（填 选项前的字母) (2)实验中调节滑动变阻器的阻值，记录电压表和电流表的示数，得到 6组数据，绘制U一I图像，如图2所示。根据图像，可得出干电池 的电动势E= V,内阻r= Ω。（结果均保留两位 小数) ↑U/V 1.60 1.50 1.40 1.30 1.20 1.10 0 0.100.200.300.400.500.601/A 图2 (3)由电表内阻引起的实验误差是 (填序号) A电流表测量值小于待测电流值 B.电流表测量值大于待测电流值 C.电压表测量值小于待测电压值 D.电压表测量值大于待测电压值 (4)用该方法所测得的电动势测量值 (填“大于”“小于”或“等 于)真实值。 高二物理试题(T)第5页（共8页） 四、解答题（共42分，13题12分，14题16分，15题14分） 13.如图所示，电路中电阻R=102,电源的内电阻r=22,灯泡工上标有 “6V1A”的字样。闭合开关S,灯泡正常发光。求： (1)灯泡的功率； (2)电源的电动势； (3)电源的总功率。 高二物理试题(T)第6页（共8页） 14.如图所示，水平面上固定一倾角为0=37的斜面，斜面的右端紧靠而不 拴接一质量M=1kg的长木板B,长木板的上表面与斜面底端O等高 且平滑衔接，质量为m=2kg的物块A从斜面的顶端静止释放，经= 6s的时间物块滑动到斜面的底端O点。已知斜面最低点O点和最高 点A点的高度差为h=21.6m。已知物块A与长木板上表面间的动 摩擦因数为山=0.2，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6。物块A 经过O点的速度大小不变，物块A可视为质点。求： 00 77777777777777777777777777777777777777 (1)物块A与斜面间的动摩擦因数；· (2)若水平面光滑，为使物块不离开长木板，求长木板的最小长度L;· (3)若长木板与水平面间的动摩擦因数为=0.1，且长木板足够长， 求从木块A滑上长木板到长木板和物块A均静止时，长木板的位 移大小s。 高二物理试题(T)第7页（共8页） 15.如图，可视为质点的滑块P,Q位于水平平台AC上的A、B两点且相距 d=1m,B、C两点相距为d=1m,空间存在如图所示的匀强电场E,= 5×10V/m,方向水平向右；E2=1×10V/m,方向竖直向下。竖直挡 板MN固定在地面DF上且距D端s=2.4m。滑块P以= 13/s的初速度从A点开始向右运动，与静止的滑块Q发生弹性 正碰，碰后滑块Q从C点飞出，落到水平面上的K点（图中未画出）。 滑块Q在地面上经多次反弹后与挡板MN发生弹性碰撞，且恰好碰后 沿直线运动到D点。滑块Q与地面DF之间每次碰撞时弹起速度 的竖直分量均为碰撞前瞬间速度的竖直分量的k倍，而水平分量保持 不变。已知滑块P质量mp=100g且不带电，滑块Q质量mo=200g、 带电量q=十2.0×10-6C,二者与水平平台ABC之间的动摩擦因数μ 均为0.2，平台与地面DF的高度差h=1.6m,重力加速度g取 10/s2,不计空气阻力和所有碰撞的时间，求： E (1)P、Q两滑块碰撞前瞬间滑块P的速度大小w; (2)D、K两点间的距离x: (3)值。 高二物理试题(T)第8页（共8页）