江西吉安市五所重点县二中2026-2027学年高二上学期期中考试物理试卷

高二物理 答题卡 班级： 姓名： 填 正确填涂 ■ 贴条形码区 准考证号： 样 错误填涂 (正面朝上，切勿贴出虚线方框) 缺考标记 缺考考生，由监考员贴条形码 [M[x1c网[p] 新生修镇 并用2B铅笔填涂缺考标记 例 注1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在规定的位置，再认真核对条形码上的准考证号、姓名及考试科目，确认无误后将条形码粘贴在规定的位置。 2作答时，选择题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用0.5毫米黑色题水签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。 3.必须在答题卡各题目规定的答题区域内答题，超出答题区城范围书写的答案无效：在草稿纸、试题卷上答题无效 项 4.请保持卡面清洁，不准折叠、不得弄破 选择题答题区域（请用2B铅笔填涂） 1 CA]CB]CC]CD] 6 CA]CB]CC]CD] 2 CA3 CB]CC]CD3 7[A][B]Cc][D] 3 CA]CB]CC3 CD] 8 [A][B]CC]CD] 4 CA][B]EC]CD] 9[A][B][C][DJ 5CA][B][C][D] 10 CA]CB]CC][D] 非选择题答题区域（请用0.5毫米黑色墨水签字笔书写） 11.(8分) (1) (2分) (2分) (2) (2分) (3) (2分) 12.(8分) (1) (2分) (2) (2分) (3) (2分) (2分) 13.(12分)】 B⊕ 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效！ 高二物理第1页（共2页） 134-JA CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描APP 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效 14.(12分) 15.(16分) 0145o 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效！ 高二物理第2页（共2页） 134-JA CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP高二物理 10 考生注意： 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚 3。考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答案卡上对 应题目的标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内 作答，超出答题区域内书写的答案无效，.在试题卷、草稿纸上作答无效。 4.本卷命题范围：人教版必修第三册第九章至第十二章。 一、单项选择题：本题共7小题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符 合题目要求。 器退 1.根据所学知识，下列说法正确的是（) A.密立根通过扭秤实验得到真空中两点电荷间的作用力大小与距离的平方成反比 B电场强度的定义式E-P表明，电场程度与试探电荷的电荷量成反比 C.静电场并不存在，是科学家为了方便研究问题而建立的物理模型 D.电荷间的相互作用是通过电场发生的，电荷A对电荷B的作用力就是电荷A产生的电场对B的 作用 2.真空中两个相同的金属小球A、B所带电荷量为+3g、-g(9>0),分别放置在相距为r的两处时， 两球之间的静电力为F。现将两球接触后，再将两球的距离变为原来的)，小球均可看作点电荷， 则A、B之间的静电力变为(T) B. C.F D. 3 3 【高二物理 第1页共6页】 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 3.如图所示，虚线a、b、c是某电场中的电场线，实线为一个带正电的粒子仅在电场力作用下的 运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点，下列说法正确的是( A.电场中Q、P点电势Pe<Pr b B.带电粒子在P点时的电势能比在Q点时大 C.带电粒子在P点时的动能比在Q点时大 D.带电粒子在P点时的加速度比在Q点时的小 4.如图所示的电路中，电流表为理想电表，电源的电动势为E、内阻为”，闭合开关S,当滑动变 阻器R的滑片向右滑动时，下列说法正确的是( ) R R A.通过R的电流变小 B.R的功率增大 C.电流表的示数变小 E r D.R两端的电压减小 5.某电动机提升重物的装置如图所示，电源的电压为220V,不计内阻。重物的质量m=100kg。 当电动机以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度I=5A,重力加速度g取 10m/s2,则下列判断正确的是() A.电动机消耗功率1200州 电动机 B.电动机的机械功率1100W C.电动机线圈电阻为82 D.电动机的效率为75% 6.如图(a)所示，AB是某电场中的一条电场线，若有一个质子以某一初速度且仅在电场力的作 用下，沿AB由点A运动到点B,所经位置的电势随距A点的距离变化的规律如图(b)所示，以下 说法正确的是(.) 中点 A.A、B两点的电场强度E4=EB B.质子在A、B两点的速度VA>VB C.A、B两点的电势p4<PB 图(a) 电图6) D.质子在A,B两点的电势能EPA>EpB 0你的京， 【高二物理第2页共6页】 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 7.如图所示，用内阻为200、满偏电流为300mA的表头改装成量程为0.6A和3A的双量程电流表， 接线柱a为公共接线柱，下列说法正确的是() A.用a、b两个接线柱时量程为0.6A B.R的阻值为202 C.R的阻值为1602 D.R和R的阻值之和为1802 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符 合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。 8.有一匀强电场平行于xOy平面，平面内a、b、c、d四点的位置如图所示，cd、cb分别垂直于x 轴、y轴，其中a、Qb三点电势分别为6V、8V、10V。则() y/cm A.c点电势为10V B.c点电势为12V C.电场强度E大小为√2V/cm,方向与x轴成45°斜向右下 x/cm D.电场强度E大小为2V/cm,方向与x轴成45°斜向右下 9.如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平行板电容器，G是灵敏电流计。保持开关K始终闭 合，将B极板向上移动一小段距离，已知初末态两极板AB间的电压不变， A G 下列说法正确的是( E A电容器的电容变小 B B.电容器内部电场强度变大 C.B极板移动过程中灵敏电流计中有从左向右的电流 D.P点电势减小 10.如图所示，竖直虚线a、b、c、d、e是等差等势线，一带正电小球从A点以竖直向上的初速度 开始运动，经最高点B后回到与A点在同一水平线上的E点，AB、C、D、E为小球轨迹与等势线 的交点。小球在A点的动能为18J,从A点运动到B点的过程中电场力做的功为30J。已知？=0V, 则下列说法正确的是（) A.p。>p。 B.小球在E点时的动能为138J C.小球从A到E过程机械能增加了120J D.小球在B点时的电势能为-30J 【高二物理 第3页共6页】 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(8分)某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A.待测干电池一节 B.电流表A:量程0-0.6A,内阻为0.642 C.电压表V:量程03V,内阻未知 D.电压表V2:量程0~15V,内阻未知 E.滑动变阻器R：0~202,2A F.滑动变阻器R2:0~20002,1A G.开关、导线若干 伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差。 在现有器材的条件下，为消除上述系统误差，尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。 UV 1.5 10 0.507A E、 丙 甲 t0年 A (1)在上述器材中请选择适当的器材：电压表选 滑动变阻器选 (填写器材前的序 号字母)。 (2)实验电路图应选择上图中的（填“甲”或“乙”）。 (3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U-I图像。由此可知，干电池的内电 阻r= 2(结果保留2位有效数字)。 12.(8分)超纯水在电子元件、半导体、光电子、光纤、航天等研究领域有着广泛的应用。电阻 率是衡量水的纯度的重要指标，某公司生产了一批超纯水，当电阻率不小于1.8×10Ωm时即为达 标。为了检测该超纯水的电阻率是否达标，设计了以下实验方案来进行检测。 12 05101520 甲 丙 【高二物理 第4页共6页】 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP ①如图甲，在长方体绝缘槽内壁插入两片竖直金属薄板（薄板略小于容器横截面积）： ②选择合适的器材，按图乙所示连接电路，电源的电动势为2V,先将a、b接线柱用导线直接连接， 调节滑动变阻器R,使灵敏电流计G达到满偏，满偏电流为1μA: ③保持滑动变阻器滑片位置不变，用导线将图甲的A、B分别与图乙的、b接线柱连接，在槽内。 缓慢倒入超纯水，直到灵敏电流计指针指到0.25μ4时，记录倒入超纯水的体积为366.9cm3。 (1)根据所学知识分析，超纯水的导电性能越 (填“强”或“弱”)水的纯度越高。 (2)用游标卡尺测得槽内部底面长度如图丙所示，则底部长度为 cm。 (3)根据数据分析，此部分超纯水的电阻为】 Q,该超纯水的电阻率为 2.m (本空结果保留3位有效数字)。 13.(10分)竖直面内有三个点电荷A、B、C固定于一个等边三角形的三个顶点上，已知三角形 的边长为L=3Vcm。A为负点电荷，B、C为正点电荷，A、B、C所带电荷量相等 (g.=4a=9e=1xI0C)。某质量m=8kg的小球（可视为质点）恰好能在等边三角形几何中心静止 不动，小球所带电荷量为2（未知），静电力常量k=9.0×10Nm2/C2,取重力加速度大小g=10m/s2。 (1)判断小球带正电还是负电(4分)； (2)求小球所带电荷量Q的大小(6分)。 ○m B⊕ ）C 14.(12分)在如图所示的装置中，电源电压U保持不变，定值电阻阻值和滑动变阻器的最大阻 值均为R,置于真空中的平行板电容器水平放置，板长为L,板间距离为d且右侧有一竖直挡板， 挡板与电容器中轴线的交点为0，挡板与电容器右端距离为2L。闭合开关，当滑动变阻器的滑片 移到最右端时，一质量为的带正电微粒（不计重力）以初速度，沿水平方向从电容器的正中间进 入电容器，恰从电容器下板右侧边缘离开电容器。求： (1)带电微粒所带的电荷量9(5分)； (2)当滑动变阻器的滑片移到最左端时，带电微粒打到挡板上的点距离0点的竖直距离△y2(7分)。 0 【高二物理 第5页共6页】 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 15.(16分)如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，由水平粗糙轨道AB与光滑圆弧轨道DC 组成的绝缘轨道固定在竖直面内，圆弧轨道与水平轨道在B点相切，AB部分轨道足够长，圆弧轨 道的半径为R0沿水平方向，0C与水平方向的夹角为45°。将一个质量为m、电荷量为+9的带 电小物块在水平轨道上A处由静止释放，AB距离L=5R。已知重力加速度为B,匀强电场的电场 强度五=心，物块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，物块可视为质点，运动过程中电荷量不变， 0 求： (1)物块第一次到达D点时的速度大小V。(4分)： 050 (2)物块第一次从C点滑出后离C点的最远距离d(6分)； E (③)物块在AB轨道上运动的总路程S(6分)。 A B 【高二物理 第6页共6页】 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP高二物理期中考答案 2 3 4 5 6 7 8 9 10 D B C A C D C BC BD ABC 11、(1) ①C ②E (2)乙 (3)0.36 12、(1)弱 (2)12.230 (3) ①6×106 ②1.47×1052·m 13、(1)正电 (2)Q=4×10-6C 14、(1)9 _md'v (2)5d U 4 15、(1)VD=V5gR ②)最远距离为s=3V2 (3)s=10R 4 一、选择题(1至7题为单选题，每题4分，共28分；8至10题为多选题，满分6分，漏选得3分，错选0分，共 18分。选择题一共46分。) 1.【答案】D 【详解】A.库仑通过扭秤实验发现了库仑定律F=k92，真空中两点电荷间的作用力大小与距离的平方成反比， 故A错误； F B.E=F只是电场强度的定义式，电场强度是电场本身的属性，与试探电荷q无关，故B错误； 9 C.静电场是客观存在的物质，电场线才是虚拟模型，故C错误。 D.电荷间的相互作用是通过电场发生的，电荷A对电荷B的作用力就是电荷A产生的电场对B的作用，故D正确： 2.【答案】B 【详解】根据库仑定律，初始时两球静电力大小为：F=kBg(-g）_3构 2 2 两个相同金属小球接触时，电荷先中和再平分，总电荷量为3q+(一9)=2q,因此接触后每个小球的带电量为 g=29=q 2 之后两球距离变为”了此时静电方大小为：下”=kg'=人耳-4g 5 2 联立两式可得F'=F。 试卷第1页（共7页） 故选B。 3.【答案】C 【详解】AB.无论粒子沿轨迹向哪一端运动，其加速度的法向分量均指向轨迹凹侧。粒子带正电，所受电场力方向与 电场方向相同：在P点，电场方向沿电场线C的切线方向，该切线的两个可能方向中，只有由左上指向右下的方向具 有指向轨迹凹侧的分量，因此图中电场线的方向总体由左向右。沿轨迹从Q点指向P点时，电场力做正功，电势降低， 故Q点电势高于P点。带正电粒子的电势能E。=qp,所以粒子在Q点的电势能大于在P点的电势能，故A错误，B 错误： C.粒子仅受电场力作用，动能与电势能之和不变，即E0+EpQ=E+EP 由粒子在Q点的电势能大于在P点的电势能，可知粒子在Q点的动能小于在P点的动能，故C正确： D.电场线越密处电场强度越大，图中P点附近的电场线比Q点附近密集，故P点的电场强度大于Q点。由牛顿第二定 律与电场力公式得a=型 m 可知粒子在P点的加速度大于在Q点的加速度，故D错误。 故选C。 4.【答案】A 【详解】当滑动变阻器R的滑片向右滑动时，滑动变阻器阻值变大，总电阻变大，总电流减小，内阻上的电压减小， 路端电压 U=E-Ir 变大，即R两端的电压以及电流变大，则R的电流 IR2=I-IR3 减小，则的功率减小，的电压减小，则和R并联支路的电压 Ui4=U-UR2 变大，的电流变大，电流表的示数变大，通过R的电流减小。 故选A。 5.【答案】c 【详解】A.电动机消耗功率 P=UI=1100W 故A错误； B.电动机的机械功率 P机=mgv=900W 试卷第2页（共7页） 故B错误； C.对电动机 P-机=2r 解得电动机线圈电阻为 r=82 故C正确； D.电动机的效率 = ×100%=81.8% 故D错误。 故选C。 6.【答案】D 【详解】A.p-x图像中斜率的绝对值表示场强的大小，由图像可知，A点处场强大于B点处场强，故A错误： BCD.沿电场线方向电势降低，可知P4>P,场强方向由A→B,质子受力方向由A→B,则电场力做正功，电势 能减小，EpA>EpB,动能增大，速度增大，则A<vg,故D正确，BC错误。 故选D。 7.【答案】C 【解析】A.使用b两个接线柱时分流电阻更小，电流表的量程更大，其量程应为3A,故A错误： BC.使用a、b接线柱时，则有I(R+R)=(I-I)R 其中I3=300mA,R3=1002,I=3A 使用a、c接线柱时，则有IgR=(I-Ig)(R+R) 其中I=0.6A 联立解得R1=402,R2=1602,故B错误，C正确： D.根据上述分析可知，R和R的阻值之和为2002，故D错误。故选C。 8.【答案】BC 【详解】AB.Oabc为平行四边形，可知p,-P。=P。-Po 代入题中数据，解得c点电势为po=12V 故B正确，A错误； CD.取ab中点e,则e点电势为p。=a=8V=p0 可知Oe连线为等势线，根据几何关系可知Oe⊥ab,则根据电场线与等势线垂直且沿电场线方向电势降低，可知电场 试卷第3页（共7页） 强度方向与x轴成45°斜向右下，大小为E=3=1v-6v-V2V/cm ab 2v2a 故D错误，C正确。 故选BC。 9.【答案】BD 【详解】A将B板向上平移一小段距离，由C= 可知，电容器的电容变大，故A错误： 4πkd U B.将电键K闭合，两极板的电势差不变，由E= d 可知将B板向下平移一小段距离，电容器内部电场强度大小变小，故B错误： C.根据C=号可知电容器的电荷量增大，故电容器充电，所以B极板移动过程中灵敏电流计中有从右向左右的电流， J 故错误； D.根据U=EdAP=PA-Pr 可得Up变大，其中p,不变，则p变小，即P点电势减小，故D正确。 故选BD。 10.【答案】ABC 【详解】A.从A点运动到B点的过程中电场力做的功为30J,可知电场力水平向右，由于小球带正电，所以电场方向 水平向右，根据沿电场方向电势逐渐降低可知，P。>P。,故A正确： 1 B.小球从A到E的过程中，根据动能定理可得形=之m-2mv 其中电场力做功为W电=120，小球在A点动能为mw听=18)，代入解得小球在B点时的动能为mv呢=138)，故B 正确。 C.从A到B电场力做的功为30J,且竖直虚线a、b、c、de是等差等势线，所以小球从A到E电场力做的功为80J, 根据功能关系可知，小球从A到E过程机械能增加了120J,故C正确： D.从A到B电场力做的功为30J,可知从B到C电场力做功也为30J,则电势能减小30J,因在C点的电势能为零，可 知粒子在B点时的电势能为30J,故D错误； 故选ABC。 二、实验题（每空2分，共14分） 11.【答案】(1) ①C②E (2)乙 (3)0.36 【解析】 【小问1详解】 试卷第4页（共7页） [1]依题意，千电池的电动势为1.5V,为了减小读数误差，电压表应选量程较小的电压表V1。 故选D。 [2]为调节方便灵活，滑动变阻器应选总电阻值较小滑动变阻器R。 故选E。 【小问2详解】 电流表内阻为己知，电流表的电阻可等效到电源内阻中，减小实验误差。因此实验电路图应选择图中的乙。 【小问3详解】 据闭合电路欧姆定律可得 E=U+I(R+r) 整理可得 U=E-I(R+r) 可知U-I图像中图线的斜率大小 R,+r=15-10n=10 0.5 又 Ra=0.642 可得 r=0.362 12.【答案】(1)弱 (2)12.230 (3) ①6×106 ②1.47×1052·m 【解析】 【小问1详解】 电阻率的大小反映了各种材料导电性能的好坏，电阻率越大，导电性能越弱。 【小问2详解】 20分度游标卡尺的精确度为0.05m,由图可知槽内部底面的长度为 122mm+6×0.05mm=122.30mm=12.230cm 【小问3详解】 [1][2]令R=R+R+R。+r E 闭合电路欧姆定律可知，满偏电流。R, 试卷第5页（共7页） 当电流方025A时4R十R E 可得槽内超纯水的电阻Rx=3R内=6×1062 根据已知数据，可得电阻率。=R5-6x10x2≈1.47×1050. L 12.230cm 13.【答案】(1)正电(4分) (2)Q=4×10-6C(6分) 【详解】(1)由题意可得小球带正电(4分)。 (2)根据平衡条件mg= -keakgcosc cos( r2 2 32 3 根据儿何关系子rcos名2分) 6 代入数据可得Q=4×10-6C(1分) 14.【答案】(1)q= md2v (5分) U (2)5d (7分) 4 【解析】 【小问1详解】 闭合开关，当滑动变阻器的滑片移到最右端时，滑动变阻器接入电路电阻为0，电容器两板间的电势差为U,电容器 两板之间的场强大小E= (1分) d 电容器上极板带正电，带电微粒在电容器中做类平抛运动，则水平方向L=,t(1分) 竖直方向，粒子恰从下板右侧边缘离开y=}d=】',加速度为a=9E-9吧 (2分) 2 m md md21分) 联立解得带电微粒所带的电荷量q=心 【小问2详解】 开关闭合后，询节滑动变阻器的滑片移到最左端且电路稳定后，电容器两瑞的电压U,=。”。R= U (1分) R+R 带电微粒离开电容器时，竖直位移'=)46，加速度d=g心(1分) 2 md 联立解得d=(1分) 4 水平方向L='k2,因此离开电容器时竖直方向的速度y,2=a12 2元%(1分) d 试卷第6页（共7页） 带电微粒窝开电容器后做匀速直线运动，则么=乙 (1分) Vy2 y2 解得带电微粒离开电容器后，打到挡板上向下偏移的距离y2=d(1分) 打到挡板上距离0点的距离42=d'+2=4+d=型(1分) 4 15.【答案】(1)Vo=√5gR (4分) N亚R (②)最远距离为s= (6分) 4 (3)s=10R (6分) 详解】(1)物块第一次到达D点的过程，根据动能定理可得gL+A=上mgL-mgR)mw。3分） 计算可得Vo=√5gR(1分) (2)物块运动到C点的速度大小为e,根据动能定理可得gBL+Rcas45-mgL-mgR0+sn45)-m 解得v。=√3gR(1分) 物块受到的电场力大小为F电=qE=mg(1分) 物块受到的电场力和重力均不变，可将这两个力看成是等效重力，设等效重力的方向与竖直方向的夹角为O,则 tan0=Fa=1 mg 解得0=45° 即物块滑出轨道的C点后做类竖直上抛运动，根据牛顿第二定律可得VF届+(mg)2=ma 解得a=√2g(2分) 设第一次滑出后距离C的最远距离为s,则2as=v?(1分) 解得s= 4R1分) (3)因为umg<Fe 所以物块不能静止在水平粗糙轨道AB上，最终将在BD间做往复运动，且在B、D两点处的速度均为O,则物块由A到 B的过程，根据动能定理 qEL-4mgs=0(5分) 解得物块在AB轨道上运动的总路程为s=10R(1分) 试卷第7页（共7页）