河南部分学校2026-2027学年高二上学期11月期中测评物理试题

20262027学年高二11月测评 物 理 (试卷满分：100分，考试时间：75分钟) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指 定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，用0.5mm的黑色字迹签字笔将 答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，请将答题卡上交。 4.本卷主要命题范围：必修第三册第十一~十三章，选择性必修第一册第一章。 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的， 1.关于对电磁波的理解，下列选项正确的是 A.电磁波不可以在真空中传播 B.赫兹预言了电磁波 C电磁波只能传递能量，不能传递信息 D.变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场 2.A、B是用相同材料制成的两段直导线，长度之比为2：3，截面直径之比为1：2，则A、B两段 直导线的电阻之比为 A.8:3 B.3:8 C.6:1 D.1:6 3.某手机电池背面印有的符号如图所示.已知元电荷e=1.60X10-1C,下列说法正确的是 A.“伏特”(V)是国际单位制中的基本单位 3.6V2000mAh锂离子电池 SNN5648A C2NALWJMAIC B.“毫安·时”(mA·h)是电池储存的能量的单位 IW 20230708JCC1028 C,若该手机的待机电流为10mA,则手机最多可待机20小时 D.若该电池工作电流为16mA,则每秒内定向通过电源的电子个数为1×1017个 【高二物理第1页（共6页）】 7118B 4.如图所示，一辆质量为1000kg的汽车正在做防撞测试，它以30/s的速度向右撞向测试墙， 并在0.3s内停下，下列说法正确的是 A.汽车的速度变化量大小为15m/s B.汽车的动量变化量大小为1×10kg·m/s C.测试墙对汽车的平均作用力大小为1×105N 二 D.汽车对测试墙的平均作用力大小为1×10N 5.如图所示，图线甲、乙分别为电源和某金属导体的U-I图像，当该导体直接与该电源相连时， 8.如 电路消耗的总功率约是 醚 U/V 的 40 30 20 0 6 I/A A.40W B.60W C.80W D.100W 9. 6.如图所示，在风平浪静的海面上有一质量为M=450kg的小船，船的长度为5.已知船右端 托 人的质量为m=50kg,则人从右端缓慢走到最左端，不计一切阻力，船的实际位移为 1 A.0.5m m B.2m C.2.5m D.5m 7.为了打击酒驾醉驾行为，保障交通安全，交警常用酒精浓度检测仪对驾驶员进行酒精测试.图 10. 甲是某型号酒精测试仪，其工作原理如图乙所示，R为气敏电阻，其阻值随酒精气体浓度的增 大而减小.电源的电动势为E、内阻为，电路中的电表均为理想电表，R。为定值电阻且R。= ”,酒驾驾驶员对着测试仪吹气过程中，下列说法正确的是 A 甲 乙 【高二物理第2页（共6页）】 7118B A.驾驶员饮酒量越多，电源的输出功率一定越小 B.驾驶员饮酒量越多，气敏电阻R消耗的功率一定越小 C.驾驶员饮酒越多，电压表和电流表的示数越小 D.电压表示数变化量与电流表示数变化量的绝对值之比不变 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 8.如图所示，A中条形磁铁插人或拔出线圈时；B中闭合线圈竖直向下平动时；C中线圈在匀强 磁场中，保持线圈平面始终与磁感线垂直左右运动时；D中垂直于条形磁铁的正方形线圈以 速度？远离磁铁的过程中.其中能产生感应电流的是 SN 0 9.如图所示，直流电动机正常工作时，两端电压为220V,通过电动机的电流为6A,能在10s内 把一质量为100kg的重物匀速提高8m,不计绳重、摩擦与空气阻力，重力加速度g取 10m/s2.下列说法正确的是 A.电动机的输出功率为1320W B.在提升重物的10s内重物增加的重力势能为8000J C.在提升重物的10s内电动机线圈产生的热量为5200J D.电动机线圈的电阻为10 10.如图所示，质量m=240g的物块（可视为质点）放在质量M=0.75kg的木板左端，木板静止 在光滑水平面上，物块与木板间的动摩擦因数μ=0.4，质量m。=10g的子弹以速度，= 200m/s沿水平方向射人物块并留在其中（时间极短），物块最后恰好没有滑离木板，重力加 速度g=10m/s2,则在整个过程中 ey川 A.物块的最大速度为4m/s m。P B.木板的最大速度为2m/s C.子弹与物块间摩擦产生的热为192J D.木板的长度为6m 8B 【高二物理第3页（共6页）】 7118B 三、非选择题：本题共5小题，共54分. (3) 11.(8分)利用如图所示的装置做验证动量守恒定律的实验.滑块A、B上方均有宽度相同的遮 光条，质量分别为mA、mn,气垫导轨已调节水平 婚光条 滑块 光电门C 遮光条 光电门D气垫导轨 白滑块B 接气源 (1)甲同学在滑块B左端粘上少量橡皮泥（质量不计），将滑块A从倾斜轨道上某点由静止 释放，通过光电门C的挡光时间为t1,与滑块B碰后粘在一起，滑块B上的遮光条通过 光电门D的挡光时间为t2,在误差允许的范围内，只需验证等式 (用题中给出 的字母表示)成立即说明碰撞过程中滑块A、B系统动量守恒.某次实验中，测得1= 0.04st2=0.10s,可知"4= mB (2)乙同学在滑块B左端装上轻质弹性圈，将滑块A从倾斜轨道上某点由静止释放，A第一 次通过光电门C的挡光时间为t3,与滑块B碰后，A向左运动第二次通过光电门C的挡 13.(9 光时间为t4,滑块B通过光电门D的挡光时间为s,则在误差允许的范围内，只需验证 线 等式 (用题中给出的字母表示)成立即说明碰撞过程中滑块A、B系统动量守 0. 恒.若使滑块A与B碰撞后均向右运动，应使滑块A的质量 (填“大于”“等于” (1 或“小于”)滑块B的质量， (2 12.(10分)某同学要测量一段金属丝的电阻率 (3 (1)该同学用螺旋测微器测量金属丝的直径d,示数如图甲所示，则d= mm; 10 100 45 1.5 A-V- 40 2 35 0 甲 乙 (2)该同学先用多用电表粗测金属丝的电阻：将选择开关拨到“X10Ω”挡测量时发现指针偏 转角度过大，则应该换用 (填“×1n”或“×1002”)挡，换挡并进行 后 再测量，指针静止时如图乙所示，则金属丝的阻值约为 【高二物理第4页（共6页）】 7118B (3)为了精确测量电阻，实验室提供的实验器材有：直流电源(4V)、电流表(0~300A,内 阻约2)、电压表(0~3V,内阻约3000)、滑动变阻器(0一52)、开关、导线若干. ①用笔画线代替导线，在图丙中将实物电路连接完整； ②闭合开关后，多次调节滑动变阻器，测得多组电压表和电流表示数U、1,作U-1图像 如图丁所示，则测得电阻阻值为 (结果保留3位有效数字)； ③由于测电阻时存在系统误差，因此实验测得的金属丝电阻率 (填“大于”“等 于”或“小于”)真实值 UIV 2.50 2.00 1.50 XXXXXXXXXXXXXXX1 1.00 0.50 H出H由出∥×10mA 0 510152025 丙 入 13.(9分)如图所示，面积S=0.5m2的矩形导线框abcd位于纸面内，过ad中点和bc中点的连 线OO恰好位于垂直纸面向里的匀强磁场的下边界上，匀强磁场的磁感应强度大小为B= 0.8T.若导线框绕OO轴从图示位置开始转动，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求： (1)此时穿过导线框的磁通量； (2)若导线框从图示位置开始按图示方向绕O0轴转过37°过程中，磁通量的变化量； (3)若导线框从图示位置开始按图示方向绕OO轴转过90°时，穿过导线框的磁通量， + 【高二物理第5页（共6页）】 7118B 14.(11分)某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗，在这种疗法中，质子先被加速到具有较高的 能量，然后被引向轰击肿痛，杀死其中的恶性细胞，如图所示.来自质子源的质子（初速度为 零)，经加速器加速后，在人体组织液中形成速率为0的细柱形质子流，其横截面积为S,等 效电流为I;已知质子电荷量为e,质量为m,求： (1)加速器的电压大小； (2)加速后这束质子流内单位体积的质子数； (3)若人体组织液的电阻率为ρ，求单位长度质子流两端的电压大小. 质子源 恶性细胞 质子流 15.(16分)2025年3月31日世界男子冰壶锦标赛循环赛第4轮，中国队9：4战胜意大利，取 得冰壶世锦赛三连胜，与苏格兰、加拿大并列积分榜第一.比赛时运动员将冰壶甲从投掷线 处沿中心线以o=2.5m/s的速度推出，对方的冰壶乙刚好位于营垒区距离圆心O为L= 1.25m处，投掷线到冰壶乙的距离为s=20m,冰壶甲、乙与圆心O刚好在同一直线上，两冰 壶碰后冰壶甲刚好停在O点.已知两冰壶的质量均为m=19.5kg,营垒区的半径为R= 1.8m,两冰壶与冰面间的动摩擦因数均为u=0.01,重力加速度g=10m/s2,两冰壶均可视 为质点.则： 甲 赛道 投掷线 营垒区 (1)碰后冰壶乙能否滑出营垒区？ (2)若碰撞过程，两冰壶相互作用的时间为=0.2s,求出平均作用力的大小。 (3)通过计算说明该碰撞是否为弹性碰撞.若是弹性碰撞，请写出证明过程；若不是弹性碰 撞，求出碰撞过程损失的机械能 ·中而)】 7118B20262027学年高二11月测评·物理 参考答案、提示及评分细则 1.D电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，A错误；麦克斯韦提出电磁场理论，预言了电磁波的存在， 赫兹用实验证明了电磁波的存在，B错误；电磁波既能传递能量，又能传递信息，C错误；根据麦克斯电磁场 理论，变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场，D正确。 2.A由题意可知导线A、B的长度之比La:L=2:3,截面面积之比S:S。=1:4,由电阻公式R=p号可 知，导线A、B的电阻之比R4:RB=8:3,A正确. 3.D国际单位制基本单位共7个：米()、千克(kg)、秒(s)、安培(A)、开尔文(K)、摩尔(mol)、坎德拉(cd).伏 特(V)是导出单位，A错误；“毫安·时”(mA·h)是电荷量单位，由q=I·t定义，表示电流与时间的乘积.电 池储存的能量应为W=U·g,单位为焦耳(J),故“mA·h”不是能量单位，B错误；电池容量为2000mA·h, 待机电流1=10mA,则待机时间1=号-200mAb=200h,C错误：工作电流1=16mA=16×10A,每 10 mA 秒通过电荷量g=14=16X10C,则电子数n=2=16X0=1X10(个).D正确， 4.C汽车的动量变化量为△p=0-mw=-1000×30kg·m/s=一3×101kg·m/s,AB错误；根据动量定理 F△t=△p,可得汽车撞到测试墙上受到的平均作用力为F=坐=一1×10N,C正确：根据牛顿第三定律，可 △t 得汽车对测试墙的平均作用力大小为1×105N,D错误. 5.D由图像的物理意义可知电源的电动势E=50V,内阻，==50-20 △7-6-0 2=5Ω；该导体与该电源相连时， 电阻的电压、电流分别为U=40V,1=2A,则R=号=20，此时，电路消耗的总功率P。=E1=10W,只 有选项D正确。 6.A设人走动时船的速度大小为v,人的速度大小为v',人从船最右端走到最左端所用时间为t,取船的运动 方向为正方向，则=，d=L,,根据动量守恒定律得Mw一md=0,解得d=0.5m,A正确。 7.D当电源的内阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大，当外电阻大于内电阻时，电源的输出功率随外电 阻的减小而增大.由图像可知，因为R。=,所以R外=R十R。>r,所以当饮酒量越多时R越小，导致外电路总 电阻会减小，但外电路的总电阻始终是大于内阻的，所以随着R的减小电源的输出功率变大，A错误；将R。 和r看成等效内阻，即等效=R。十=2r,所以气敏电阻R消耗的功率相当于等效电源的输出功率.则当R= r等效时气敏电阻R消耗的功率最大.但由于R的初始阻值与r等液的大小关系未知，所以当R减小时，R消耗 的功率不确定，即R消耗的功率不一定减小也可能增大，B错误；因为气敏电阻的阻值随酒精气体浓度的增 大而减小，当酒驾驾驶员对着测试仪吹气时，气敏电阻的阻值减小，根据闭合电路的欧姆定律有I= ,十R。下，所以电路中的电流增大，即电流表示数变大；电压表示数为U=E-1(,十R),所以电压表示数变 E 小，C错误；根据电压表示数为U=E-I(r十R。),可得电压表示数变化量与电流表示数变化量的绝对值之比 为兴引 =+R,所以 △保持不变，D正确。 8.AD能产生感应电流的条件是闭合电路中磁通量发生改变，条形磁铁插入或拔出线圈时，闭合电路中的磁 通量发生改变，会产生感应电流，A正确；当线圈向下平动时，穿过线圈的磁通量仍不变，则线圈中不会出现 感应电流，B错误：线圈左右运动，穿过线圈的磁通量没变，所以没有产生感应电流，C错误：在线圈以速度 远离磁铁的过程中，线圈平面始终和磁场平面垂直，磁通量逐渐减小，因此有感应电流产生，D正确， 【高二物理参考答案第1页（共3页）】 7118B 9.BC电动机的输入功率P=UI,代入数据解得P=1320W,选项A错误；在提升重物的10s内重物增加的势 能E,=mgh=8000J,选项B正确；由能量守恒定律知Q=Pt一mgh,代入数据解得在提升重物的10s内电动 机线圈产生的热量Q=5200J,选项C正确：由焦耳定律知Q=PRt,代入数据解得电动机线圈的电阻R≈ 142,选项D错误 10.BCD物块的质量m=240g=0.240kg,子弹的质量o=10g=0.01kg,子弹射入物块并留在其中的过程 子弹与物块组成的系统动量守恒，以向右为正方向，根据动量守恒定律得：®6=(m。十m),代入数据解 得=8/s,则两者共同的速度即物块的最大速度，故A错误：物块和子弹在木板上滑行时根据物块和子 弹、木板在水平方向动量守恒定律，得：（十m)v=(。十m十M)2代入数据解得：2=2m/s,即木板的最 大速度，故B正确：子弹打人物块，机械能的损失等于摩擦生热，号m成一之(m,十m)听=192J,故C正确： 物块在木板上运动时间1=“g=号s,则木板长1=题士”×1一受×1=6m,故D正确， g 2 1.1尝=(2分)号2分) t2 (2)4=-m4(2分)大于(2分) tsts th 解析：(I)滑块A碰前的速度A=4,碰后的共同速度=4，若动量守恒则只需满足mAA=(mA十 t mn)m,即4=mA十m,某次实验中，测得1=0.04s、t2=0.10s,可知滑块A和滑块B的质量比为4= mB t 2 t-th3 (2)A第一次通过光电门C的速度w=,碰后A的速度0a:-,碰后B的速度ua=,若动量守恒则 只需满足m=一mA十ma,即-一，若使滑块A与B碰撞后均向右运动，根据动量守恒和 ta t5 ta 能量关系m=m十m分m5=号mf十子，解得一，>0，则m>,应使滑 1 1。 1 mA十2B 块A的质量大于滑块B的质量. 12.(1)0.400(1分) (2)×12(1分)欧姆调零(1分)10(1分) (3)①如图所示(2分)②9.60(2分，9.50~10.0均可得分)③小于(2分) R XXXXXXXXXXXXXXX 解析：(1)根据螺旋测微器的读数规则，该读数为0.01×40.0mm=0.400mm; (2)测电阻时指针偏转角度过大，表明电阻偏小，则应该换用“×1Ω”挡，换挡后要重新欧姆调零，测得的结 果为102： (3)①由于滑动变阻器的最大阻值为5Ω，明显小于被测电阻，因此采用滑动变阻器分压式接法，由于被测电 阻远小于电压表内阻，采用安培表外接法，实物连接如图所示：②由图像得到被测电阻R=名， 0.252- 9.600:③由于安培表外接，使测得的电阻偏小，由p空可知，实验测得的金属丝电阻率小于真实值。 【高二物理参考答案第2页（共3页）】 7118B 13.解：(1此时穿过导线框的磁通量Φ，=BS=号×0.5×0.8wb=0.2wb(2分) 22 (2)若导线框从图示位置开始按图示方向绕O)轴转过37°(1分) 有效面积S。=号0s37°=0,4S1分) Φ2=BS2=0.8×0.4×0.5Wb=0.16Wb(1分) 所以磁通量的变化量△Φ=Φ2一Φ=一0.04Wb(1分) 负号表示磁通量减少了0.04Wb(1分) (3)若导线框从图示位置开始按图示方向绕O)轴转过90°时，导线框平面与磁场平行，没有磁感线穿过导 线框，穿过导线框的磁通量为0(2分) 1 14,解：(1)根据动能定理Ue=立m心(2分) 解得U=mt (1分) 2e (2)根据I=neSv(2分) 解得n=【 eSv (2分) (3)根据欧姆定律可得R=号 (1分) 根据电阻定律可得R=PS(2分) 解得U=(1分) S 15.解：(1)设碰前冰壶甲的速度为v,则冰壶甲从推出到与冰壶乙碰撞前的过程，由动能定理得 mg=子m-之m话1分 1 解得v=1.5m/s(1分) 设碰后冰壶甲、乙的速度分别为、2，碰后冰壶甲刚好停在O点，由动能定理得 一mgL=-子m话（1分) 1 解得=0.5m/s(1分) 两冰壶碰撞过程，由动量守恒定律得u=U1十m(1分) 解得2=1m/s(1分) 碰后，对冰壶乙由动能定理得一mgr=一之m话1分) 碰后冰壶乙滑行的距离为x=5m>R十L=3.05m,则冰壶乙能滑出营垒区(1分) (2)对冰壶乙，由动量定理得Ft=mw2(1分) 解得F=97.5N(1分) (3)碰前，系统的总动能为Eu=号m=21.9375J(1分) 碰后，系统的总动能为R:=子m十子mf=12.1875J1分) 由于Ek1>Ek2,所以该碰撞为非弹性碰撞(1分) 碰撞过程中损失的机械能为△E=Ek1一Ek2(1分) 解得△E=子m暖+合m话=9.75J(2分) 【高二物理参考答案第3页（共3页）】 7118B