广西壮族自治区贵港市平南县教研联盟2026-2027学年高一上学期11月期中物理试题

2026年秋季学期期中自主练习检测 高一物理 (考试时间：75分钟 满分：100分) 注意事项： 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、学交、班级、准考证 号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答策后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答标号涂黑。如需 改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。 3.回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题(1~7小题为单选题，每小题为4分；8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全 部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。本题共46分) 1.2026年秋，小明乘坐动车从桂平站出发。列车员广播：“动车8时42分到达桂平站，停车8分 钟。”小明8时30分到达站台，等候了12分钟。动车启动后，小明记录了“前3s”“最后3s”“第 3s内”等时间。关于上述表述，下列说法正确的是（) A.“8时42分”是时间间隔，“停车8分钟”是时刻 B.“8时30分”是时间间隔，“等候了12分钟”是时刻 C.“前3s”和“最后3s”都是时间间隔，且在时间轴上长度相等 D.“第3s内”是时刻，表示第3s末 2.2026年秋，桂平市某新能源汽车测试中心对一款新型电动汽车进行性能测试。；则试中记录了该 车在平直公路上直线行驶的几个阶段。关于该车的加速度和速度，下列说法正砖的是() A.该车某阶段加速度等于0，则速度一定等于0 B.该车某阶段速度变化较大，加速度一定较大 C.该车某阶段具有向东的加速度，速度方向一定向东 D.该车后一阶段加速度比前一阶段小，速度却比前一阶段大 3.2026年秋季学期，平陆运河试运行通航。桂平市某校高一物理兴趣小组到青年纽研学，看到 船舶过闸时，闸室水面与船舶一起上升，如同“水上电梯”。同学们对下列描述中的参考系展开 讨论，其中判断正确的是( A.“运河中的水向入海口方向流动”一以运河河岸为参考系 B.“船舶随闸室水面缓缓上升”一以闸室水面为参考系 C.“满载货物的船舶沿运河向南航行”一以船上货物为参考系 D.“岸边的航标灯向船尾退去”一以航标灯为参考系 高一物理第1页共6页 4.2026年爱知·名古屋亚运会期间，桂平市某校高一物理兴趣小组观看比赛并讨论质点模型。下列 对比赛情境的分析，正确的是() A.研究马拉松运动员跑完42.195k的时间时，不能把运动员看作质点，因为运动员身体各部 位动作不断变化 B.研究攀岩运动员攀爬时的肢体分工时，能把运动员看作质点，因为攀岩墙远大于运动员 C.研究体操运动员在自由体操中的整体位移时，能把运动员看作质点，因为只关心其位置变化 D,研究跳水运动员在空中的转体动作时，能把运动员看作质点，因为运动员的运动轨迹是曲线 5.某社区开展“预防高空坠物”安全宣传活动。在安全示范环节，两名志愿者分别从一栋居民楼的 不同高度同时静止释放两个物体模拟高空坠物。已知甲物体的质量是乙物体的5倍，甲从距地面 H高处释放，乙从距地面2H高处同时释放。忽略空气阻力。关于两物体在空中的运动，下列说 法正确的是() A.在甲落地前，甲的速度始终大于乙的速度 B.甲落地时，乙距地面的高度为H C.甲落地时，乙的速度是甲落地速度的√倍 D.甲比乙先落地，是因为甲的质量比乙大 6.某物流公司用甲、乙两架无人机配送急救物资。两机沿同一水平方向飞行，航线在水平面上的投 影重合，但飞行高度不同，不会发生碰撞。两机从同一仓库出发，初始水平位置相同，x-图像 如图所示。甲无人机的图线为一条过原点的倾斜直线；乙无人机在前1时间内图线为斜率逐渐减 小至零的曲线，在1~2时间内图线为水平线（悬停状态)，2之后图线恢复为倾斜直线，且斜 率大于甲的图线。甲、乙图线在1之前有一个交点P,在2之后有一个交点Q。下列说法正确的 是() A.0~1时间内，乙无人机的速度始终大于甲无人机的速度 B.1~2时间内，乙无人机处于静止状态，甲无人机与乙无人机的距离保持不变 C.乙无人机在1时刻的速度小于甲无人机的速度 D.在0~2时间内，甲、乙两无人机水平位置相同的时刻有两次 高一物理第2页共6页 7.某山区高速公路连续长下坡路段设有避险车道，因地形受限，采用短型制动床设计：第一段制动 床长L=60m,第二段制动床坡度更陡、长L2=5m。一辆货车因制动效能下降驶入避险车道，以 o=28m/s的速度驶入第一段后做匀减速直线运动，沿第一段滑行L1=60m时速度减为o/4,随后 进入第二段。第二段制动床的加速度大小为第一段的2倍。货车可视为质点。下列说法正确的是 () A.货车在第一段制动床上的加速度大小为6.125m/s2,方向与运动方向相同 B.货车从驶入避险车道到停下的总路程为64m C.货车会冲出第二段制动床 D.若该货车驶入避险车道时的速度变为14m/s,它将在第一段制动床内停下，滑行距离为16m 8.某物流公司的货物传送通道由一段倾斜滑轨和一段水平滑轨平滑连接而成。一货物（可视为质点） 从倾斜滑轨顶端由静止释放，沿倾斜滑轨匀加速下滑，到达底端后以大小不变的速度进入水平滑 轨，在水平滑轨上做匀减速直线运动直至停下。己知货物在倾斜滑轨上运动的时间为1，在水平 滑轨上运动的时间为2，且t2=21。下列说法正确的是() A.货物在倾斜滑轨上的加速度大小与在水平滑轨上的加速度大小之比为1：2 B.货物在倾斜滑轨上的位移大小与在水平滑轨上的位移大小之比为1：2 C.货物在倾斜滑轨上的平均速度与在水平滑轨上的平均速度大小之比为1：1 D.若仅将倾斜滑轨的长度变为原来的2倍，货物仍从倾斜滑轨顶端由静止释放，则到达底端时 的速度大小变为原来的2倍 9.某中低速磁悬浮列车在平直线路上载客运行。列车从车站由静止出发，先做匀加速直线运动，再 做匀速直线运动，最后做匀减速直线运动，到达下一站时恰好停下。列车运动的图像如图所 示，图中已标出各阶段起止时刻和匀速阶段速度。下列说法正确的是() 4v/(m's) 25 万 0 254570s A.列车在加速阶段的加速度大小为1/s2,方向与速度方向相同 B.列车在匀速阶段的位移为500m C.列车在减速阶段的加速度大小为1.25m/s2,方向与速度方向相同 D.列车全程的平均速度大小为12m/s 高一物理第3页共6页 10.子弹垂直射入叠在一起的4块相同木板，穿过第4块木板后速度恰好变为0。子弹可视为质点， 木板厚度相同且紧叠，子弹在每块木板中运动的加速度大小均相同，子弹在4块木板中运动的 总时间为1。下列说法正确的是() A.子弹穿过第1块木板的时间为2-v5, B.子弹穿过第4块木板的时间为1 C.子弹穿过前2块木板的总时间与穿过后2块木板的总时间之比为(V2-1)1 D.子弹穿过第1块木板的平均速度与穿过第4块木板的平均速度之比为2：1 二、填空题(2小题，共16分) 11.（6分)某学习小组利用打点计时器研究货物沿倾斜滑轨下滑的运动，以判断其是否做匀变速 直线运动。实验中正确完成操作后，得到一条点迹清晰的纸带。 (1)关于本实验的操作与器材使用，下列说法正确的是() A.使用电磁打点计时器时，纸带应穿过限位孔，并压在复写纸的下方 B.应先接通打点计时器电源，待打点稳定后再释放货物 C.释放货物前，应使与货物相连的纸带保持平直，并与限位孔平行 D.纸带上点迹越密集，说明货物在该处的运动速度越大 (2)该小组从纸带上选取了5个连续计数点，相邻计数点间的时间间隔相等，测得相邻计数点 间的位移分别为x1=1.80cm,x2=2.21cm,x3=2.60cm,x4=3.00cm。根据这组数据判断货 物是否做匀变速直线运动，下列说法正确的是() A.若在误差允许范围内x2-x1、x3-2、x4-x3近似相等，则可判断货物做匀变速直线运动 B.若相邻时间间隔内的位移依次增大，则货物一定做匀加速直线运动 C.计算各计数点瞬时速度并作-t图像，若图像为倾斜直线，则货物做匀变速直线运动 D.仅凭一条纸带无法判断货物是否做匀变速直线运动 12.(10分)某学习小组利用如图甲所示的装置研究自由落体运动的规律。重物由静止释放，拖动 纸带下落，打点计时器在纸带上打出一系列点迹。已知打点计时器所用交流电源的频率为50Hz。 实验得到一条点迹清晰的纸带，如图乙所示，在纸带上选取A、B、C、D、E、F六个计数点， 相邻两个计数点之间还有四个点未画出。用刻度尺测得各计数点到A点的距离已在图乙中标 注（单位：cm)。设相邻相等时间间隔内的位移依次为x1、2、3、x4、x5。 高一物理第4页共6页 121.51cm 77.80cm 43.80cm ,19.50cm 4.90cm B 图甲 图乙 (1)关于本实验的原理与方案，下列说法正确的是（) A.本实验必须测出重物的质量，才能求出重力加速度 B.应选用密度大、体积小的重物，以减小空气阻力的影响 C.若重物下落时受到空气阻力，测得的重力加速度会偏大 D.可以用yt直接算出各时刻速度，再作-t图像求g (2)根据图乙纸带数据，关于数据处理方法，下列说法正确的是() A.相邻两个计数点之间的时间间隔为0.02s B.用逐差法求g时，可选用g42 47r2 C.若以y为纵轴、t为横轴作y-t图像，图线斜率表示重力加速度g D.若纸带上第一个点迹模糊，则整条纸带不能用于求g (3)根据纸带数据，用逐差法求当地重力加速度的测量值g一 m/s2。（结果保留两 位有效数字) (4)若实验时交流电源的频率实际为51Hz,而做实验的同学仍按50Hz,则重力加速度的测量 值比真实值 (填“偏大”或“偏小”)。 三、解答题(3小题，共38分) 3.(10分)在乡镇公路交通安全宣传活动中，交警展示了一起交通事故的刹车数据：一辆汽车在 乡镇公路上行驶，驾驶员发现前方有行人横穿马路后立即紧急刹车。从开始制动到完全停止共 用了5s,这段时间内汽车每1s前进的距离依次为18m、14m、10m、6m、2m。 (1)求汽车前1s、前2s、前3s、前4s和全程的平均速度。 (2)在这五个平均速度中，哪一个最接近刚制动时的瞬时速度？请简要说明理由。 (3)求汽车最后2s的平均速度。 高一物理第5页共6页 14.(12分)2025年11月，我国第三艘航空母舰“福建舰”正式入列。福建舰是我国完全自主设 计建造的首艘电磁弹射型航空母舰，满载排水量8万余吨，配置3条电磁弹射轨道和4道阻拦 索，三条弹射轨道可互为备份，有效提升舰载机出动效率，标志着中国海军进入“三航母时代”。 (1)某次弹射起飞训练巾，歼-35舰载机在电磁弹射装置作用下由静止开始匀加速滑行，经 t1=2.8s达到起飞速度v=72/s后离舰升空。求飞机在弹射轨道L匀加速滑行的距离x1。 (2)训练结束后，该舰载机返航着舰。着舰时飞机钩住阻拦索，在阻拦索作用下做匀减速直线 运动，滑行距离x2=100m后停在甲板上。已知此过程中飞机加速度的大小为32m/s2,方 向与运动方向相反。取初速度方向为正方向，求飞机着舰时的速度大小2及滑行时间2。 15.（16分)冬季，某高速公路收费站广场为积雪路面。冰雪天气下，路面附着系数急剧下降，压 实积雪路面的制动距离可达干燥路面的3倍以上。 因积雪覆盖导致ETC识别设备工作异常，收费站将该ETC车道临时切换为人工收费模式。 在该车道上，甲车正以o=8/s的速度匀速驶向收费窗口。甲车到达收费窗口后停车缴费，停 车时间为to=15s。甲车在乙车发现它时，距离收费窗口还有d甲=40m。 此时，后方L=50m处，乙车正以=20m/s的速度同向行驶。乙车驾驶员发现甲车后，经 过反应时间t=1.0s后开始采取制动措施，制动过程中乙车在积雪路面上做匀减速直线运动。 已知积雪路面上乙车的制动加速度大小为az=2.5m/s2。两车均可视为质点，取乙车初速度方 向为正方向。 (1)求乙车从发现前车到开始制动期间行驶的反应距离x反。 (2)求乙车从开始制动到速度减为8/s所需的时间，以及这段时间内乙车行驶的距离。 (3)通过计算判断乙车是否会撞上前车。若会碰撞，求碰撞前瞬间乙车的速度大小；若不会碰 撞，求两车之间的最小距离。（√50≈7.07；V51≈7.14） (4)为避免碰撞，在反应时间和制动加速度不变的情况下，乙车驾驶员发现前车时的最大速度 不能超过多少？（√1824≈42.71；V1825≈42.72）（结果保留三位有效数字) 高一物理第6页共6页2026年秋季学期期中自主练习检测 高一物理答案 1.【答案】C 【解析】A错误：“8时42分”是动车到达桂平站的瞬间，属于时刻：“停车8分钟”是停车持续的过程，属于时间 间隔。B错误：“8时30分”是小明到达站台的瞬间，属于时刻；“等候了12分钟”是等候持续的过程，属于时间间隔。 C正确：“前3s”指动车开始运动后的最初3s,“最后3s”指动车停止前的最末3s,二者都是时间间隔，长度均为3s。 D错误：“第3s内”指从第2s末到第3s末这1s的时间，属于时间间隔，不是时刻。 2.【答案】D 【解析】A错误：加速度等于0时，速度不一定等于0。例如该车在平直公路上做匀速直线运动时，加速度为0，但 速度不为0。B错误：加速度是速度的变化率，不是速度变化量。速度变化较大，若所用时间很长，加速度可能较小。 C错误：加速度方向与速度方向可以相反。该车具有向东的加速度时，若速度方向向西，则做减速运动，速度方向并不 一定向东。D正确：当加速度方向与速度方向相同时，即使加速度逐渐减小，速度仍在增大。例如该车启动后，加速度 逐渐减小，但速度继续增大，可能出现后一阶段加速度比前一阶段小、速度却比前一阶段大的情况。 3.【答案】A 【解析】A正确：运河中的水相对河岸位置不断变化，以河岸为参考系描述水的流动，参考系选择正确。B错误：闸 室水面与船舶一起上升，船舶相对闸室水面的位置没有发生变化。若以闸室水面为参考系，船舶是静止的，不能说“缓 缓上升”。C错误：以船上货物为参考系，货物随船一起运动，船舶相对货物静止，不能说“沿运河向南航行”。D错误： “航标灯向船尾退去”是航标灯相对船（或船上观察者）的位置在变化，应以船为参考系，不能以航标灯自身为参考 系。 4.【答案】C 【解析】A错误：研究马拉松运动员跑完42.195km的时间，只关心运动员整体位置的变化，其身体大小相对全程路 程可以忽略，可以把运动员看作质点。B错误：研究攀岩运动员攀爬时的肢体分工，需要观察各肢体的动作、姿态和配 合，运动员的形状和大小不能忽略，不能看作质点。C正确：研究体操运动员在自由体操中的整体位移，只关心运动员 位置的变化，其身体大小和形状对研究问题的影响可以忽略，可以把运动员看作质点。D错误：研究跳水运动员在空中 的转体动作，需要观察身体姿态和转动细节，运动员的形状和大小不能忽略，不能看作质点。 5.【答案】B 【解析】A错误：在甲落地前，甲、乙两物体均在空中运动，由v=g可知，同一时刻两物体速度相同，并非甲始终 大于乙，B正商：甲从H高处释放，落地时间：。=巴甲落地时，乙下落高度：2二=9兽=以，百乙 初始高度2H,故乙距地面高度为：2H-H=H。C错误：甲落地时，甲、乙两物体下落时间相同，由v=gt可知速度相 同，即乙的速度等于甲落地速度，而非V倍。（√2倍关系出现在乙落地时，而非甲落地时。）D错误：甲比乙先落地， 是因为甲释放高度较低(H<2H),与质量无关。自由落体运动的快慢与质量无关。 6.【答案】C 【解析】A错误。在x-t图像中，图线的斜率表示速度。0~t1时间内乙的图线为斜率逐渐减小至零的曲线。在t1之前 的某时刻，乙的切线斜率己减小到与甲相等；此后到1，乙的斜率继续减小，小于甲的斜率。因此“乙的速度始终大 于甲”不成立。B错误。1~2时间内乙的水平位置不变，速度为零，处于悬停状态，但甲仍在以恒定速度前进，两者 水平距离在增大，并非保持不变。C正确。在1时刻，乙的图线斜率为零（曲线斜率己减小至零，与水平线相接），说 明乙此时速度为零。甲图线的斜率恒定且不为零，因此乙在1时刻的速度小于甲的速度。D错误。两图线的交点表示两 机水平位置相同（两机飞行高度不同，不会碰撞）。图中P在t1之前，属于0~t2时间段内；Q在t2之后，不属于0~t2 时间段。因此02内两机水平位置相同的时刻只有一次（在P点），选项“有两次”错误。 7. 【答案】D 【解析】取初速度方向为正方向。A错误。第一段中，货车从28m/s减到7m/s,滑行L,=60m。由72-282=2a1×60, 得=-6.125m/s2,故加速度大小为6.125m/s2,但方向与运动方向相反。A项数值对、方向错。B错误。第一段末速度 1/4=7m/s,第二段加速度大小为第一段的2倍：a=2×6.125=12.25m/s3,第二段滑行距离：52=左= 72 2022x1225=2m, 所以总路程：s总=L1+52=60+2=62m。C错误。第二段制动床长L2=5m,货车滑行s2=2m后停下，S2<L2,不会冲出，停 在距第二段未端3m处D正确。初速度变为14m/s时，在第一段内加速度仍为am=-6.125m/s?,停车距离：s'-,1 2×6.125 =16m, 16mL,=60m,故在第一段内停下，滑行16m。 8.【答案】BCD 【解析】设货物到达倾斜滑轨底端时的速度大小为ⅴ。A错误。倾斜滑轨上初速度为零、末速度为y,水平滑轨上初 速度为、未速度为零。加速度大小分别为：a1=云a2=号=云故a:a=2:1,并非1：2。B正确。领斜滑轨上的 位移x1=t1,水平滑轨上的位移x2=2=?,2t1=t1,故x1:x=1:2。C正确。两段运动均为匀变速直线运动，平 高一物理参考答案第1页共4页 均速度均为市=十=因此平均速度大小之比为1：1D正确。倾斜滑轨上由静止匀加速下滑，满足2=2aL,即v√T, 2 仅将倾斜滑轨长度变为原来的2倍时，加速度不变（倾角和粗糙程度均不变），到达底端速度v'=√24·2L=√2v, 速度大小变为原来的V2倍。 9.【答案】AB 【解析】A正确。由图像可知，加速阶段为0~25s,图线为过原点的倾斜直线。-t图像的斜率表示加速度： k二=1/斜率为正，说明加速度方向与速度方向相同，加速度大小为1/心，A项大小、方向均正确。B正确。 由图像可知，匀速阶段为25~45s,速度恒为25m/s。-t图线与时间轴围成的面积表示位移，该段为矩形：x25× 45-25)=25×20=500mC错误。由图像可知，减速阶段为4570s,图线为倾斜直线。斜率k?=0需=-1/s,加速 0-25 度大小应为1m/s,不是1.25m/s2,斜率为负，说明加速度方向与速度方向相反。D错误。全程总位移为各段图线与时 间轴围成的面积之和x。125m,总时间为70s,全程平均速度D=≈16.1/s,并非12/s。 10.【答案】ABC 【解析】设总时间为t。把子弹穿过第4块后速度为零的过程逆向看作初速度为零的匀加速直线运动：从第4块右 端向左依次通过4段相同位移。 初速度为零的匀加速运动通过连续相等位移所用时间之比为1：（√2-1）：(3-√②：(2-√3，四段总系数为1+ (2-1)+(3-V冈+(2-V同=2，所以逆向四段的时间依次为t,,。正向第1块对应逆向第 4段，时间为25t,A正确。正向第4块对应逆向第1段，时间为，B正确。正向穿过前2块对应逆向第3、4段，总 2 时间t+t=2平t,正向穿过后2块对应逆向第1、2段，总时间+号t=号t,比值为(V巨-1)1，所以c 2 正确。D项：设逆向第1段末速度为，则正向第4块初速度为末速度为0，平均速度为v/2:正向第1块初速度为 2、末速度为V5,平均速度为2+，两者比值为(2+V3:1,不是2：1，D错误。 11.(1)ABC(3分)(3分，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分) A正确。使用电磁打点计时器时，纸带应穿过限位孔并压在复写纸下方，振针打击复写纸才能在纸带上留下点迹。 B正确。先接通电源、待打点稳定后再释放货物，可保证纸带上打出完整点迹。 C正确。纸带保持平直并与限位孔平行，可减小纸带与限位孔间的摩擦，保证点迹质量。 D错误。纸带上点迹越密集，说明在相同时间间隔内位移越小，货物运动速度越小，并非越大。 (2)AC(3分，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分) A正确。匀变速直线运动的核心判据是“连续相等时间内的位移差恒定”。题中三个位移差x2x=0.41cm、 x3x20.39cm、x4x3一0.40cm在误差允许范围内近似相等，可判断货物做匀变速直线运动。 B错误。位移依次增大只能说明速度在增大，但可能是加速度逐渐增大的加速运动，不一定是匀加速。判断“匀” 变速必须检验位移差是否恒定，不能仅凭“位移增大”下结论。 C正确。计算各计数点瞬时速度并作-t图像，若图像为倾斜直线，说明速度随时间均匀变化、加速度恒定，货物 做匀变速直线运动。这是判断匀变速运动的另一种常用方法。 D错误。通过检验连续相等时间内的位移差是否恒定，或作-t图像判断是否为倾斜直线，均可用一条纸带判断货 物是否做匀变速直线运动，“无法判断”的说法错误。 评分标准：第(1)题3分，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分。第(2)题3分，全部选对得3 分，选对但不全得2分，有选错得0分。 12.(1)B(2分) A错误。自由落体运动的加速度g与物体质量无关，不需要测质量。 B正确。选用密度大、体积小的重物，可减小空气阻力对下落运动的影响，使运动更接近自由落体。 C错误。空气阻力使重物实际加速度小于g,测得的重力加速度会偏小，并非偏大。 D错误。自由落体运动中=g本身含有待求的g,用它算速度再作图像求g属于循环论证，不能成立。 (2)BC(3分，全部选对得3分，选对但不全得1分，有选错得0分) A错误。交流电源频率50Hz,打点周期0.02s;相邻两计数点间还有四个点未画出，故计数点时间间隔△t=0.10s, 并非0.02s。 B正确。设相邻相等时间间隔内的位移依x1、2、3、4,四段逐差法公式为g=图+44+2。这是高一学生应掌 4r2 握的基本数据处理方法。 C正确。以ⅴ为纵轴、t为横轴作v-t图像，匀变速直线运动的图线为倾斜直线，斜率表示加速度：自由落体实验中 斜率即重力加速度g。 D错误。若纸带上第一个点迹模糊，可舍去模糊点，从清晰点开始选取计数点，仍可用逐差法求g,“整条纸带不 高一物理参考答案第2页共4页 能用于求g”的说法错误。 (3)9.7m/s2(3分，保留两位有效数字) 由纸带数据可得相邻相等时间间隔内的位移：x=AB=4.90cm,x2=BC=AC-AB=19.50-4.90=14.60cm, X,=CD=AD-4C-43.80-19.50=24.30cm,x,DB=AB-AD-=77.80-43.80=34.00cm,由四段逐差法：9=s+41+2,即g= 4T2 240+340)-(490+1460)×10-2=9.70m/5,保留两位有效数字为9.7m/s。 4×0.102 (4)偏小(2分) 电源频率实际为51Hz,真实打点周期To=1/51s<0.02s,真实计数点时间间隔△t=5/51s<0.10s。计算时仍用 △0.10s,即代入的计数点时间间隔△t偏大。由逐差法公式由g=△x/△t2,△x为纸带上实测位移差（不变），△t偏大导 致重力加速度的测量值偏小。 13.(10分)(1)前1s平均速度：元1=车=8m=18m/s(1分) t1 1s 写出公式D=x/t(1分)，直接写出正确结果18m/s,只得1分；结果错误或单位错误，不得分。 前23平均速度：2=产=184m/s=16/s1分》 t2 位移求和正确且结果正确，得1分；只写14m/s(误用第2s内位移)或结果错误，不得分。 前3s平均速度：币3=+2+-18+1+10m/s=14m/s(1分) 3 位移求和正确且结果正确，得1分；结果错误，不得分。 前4s平均速度：元4=1+x2+3+4=18+14+10+6 m/s=12m/s (1分) 位移求和正确且结果正确，得1分；结果错误，不得分。 全程平均速度：元5=+2++4+5=18+14+10+6+2m/S=10m/5 (2分) t5 5 位移求和正确且结果正确，得2分；结果错误，不得分。 (2)判断(1分)：答“前1s的平均速度”或“18m/s”,得1分：答其他时间段或未作答，不得分。 理由(1分)：写出以下任一表述，得1分： “时间间隔越短，平均速度越接近瞬时速度”；“前1s的时间间隔最短，所以最接近”； “前1s的中间时刻0.5s最接近t0”;“前1s平均速度18m/s与刚制动时速度20m/s最接近”。 若只写“前1s最短”而未体现“越短越接近瞬时速度”，不得分；若只写“因为前1s平均速度最小/最大”等错 误理由，不得分。 (3)位移x=6m+2m=8m(1分) 写出最后2s位移为8m(或6+2=8m),得1分；若只写6m或2m,不得分。 平均速度元==8驷=4m/s(1分) 结果4/s且带单位，得1分；若用8/2但结果错误，不得分；若结果正确但无单位，不得分（严格阅卷)。 14.(12分)（1)电磁弹射阶段（共4分） 已知：10=0，t1=2.8s,v1=72m/s 由匀变速直线运动平均速度公式：x1=o.t1(2分) 2 代入数据：x1=0+72×2.8 (1分) 解得：x1=100.8m (1分) (先求加速度，再由位移公式求x1也可以分步得分；其他方法参照步骤赋分) (2)阻拦着舰阶段（共8分） 取初速度方向为正方向，则加速度a=-32m/s2（1分) 由速度位移公式：2-22=22 (2分) 代入数据：0-v22=2×(-32)×100 (1分) 解得：2=80m/s (1分) 由加速度定义式：a=-2 (2分) .t2 代入数据：-32=0-0，解得1h=2.5s (1分) t2 15.（1)(2分)乙车在反应时间内以v1=20m/s做匀速运动： x反y14,=20X1.0=20m(2分) (2)(4分)设乙车从y,=20m/s减速到v=8m/s所需的时间为，以及这段时间内乙车行驶的距离为x2。 由速度公式：2=”二4=82=48s(2分) -az-2.5 由平均速度公式求位移：x2=”·t2=20°×48=67.2m(2分) 02 2 (平均速度求位移的公式1分，结果1分) (3)(6分)第一阶段：乙车从发现甲车到速度减为8/s总时间： 高一物理参考答案第3页共4页 t总1=t,+t=1.0+4.8=5.8s(1分) 乙车总位移： x乙1=x反+x2=20+67.2=87.2m（1分) 甲车在仁5s时到达收费窗口并停车，故到=5.8s时，甲车位移仅为： x甲1=v·t=8×5=40m (1分) 初始距离L=50m,乙车相对甲车多行驶： △x=xz1-x甲1=87.2-40=47.2m 此时两车距离： d1=L-△x=50-47.2=2.8m (1分) 第二阶段：乙车此时速度v'=8m/s,仍在以az=2.5m/s减速。设再经△t碰撞，则： 8At-2×2.5×(△)2=2.8，即1.25(4t)2-8△t+2.8=0 解得：At=86+4-8-5心0372s(At=4=,不符合题意)(1分) 2.5 2.5 2.5 碰撞前瞬间乙车速度： v=v'az△t=8-2.5X0.372≈7.1m/s (1分) (4)(4分)设乙车最大初速度为V。为避免碰撞，乙车必须在到达甲车停车位置前停止。 甲车停车位置距乙车初始位置： L+d年=50+40=90m 乙车从发现到停止的总距离： xr什品=t品(2分) 2a乙 5 令xB≤90：+话≤90，即喝a+5na-450≤90(1分) 5 解得：V≤-5+2+180o--5+晒≈-5+272≈18.9n/s（1分) 2 2 2 高一物理参考答案第4页共4页