河南豫民联盟2026-2027学年高二上学期11月期中物理试题

绝密★启用前 高二上期学情检测（二） 物理 本试卷共6页，15题。全卷满分100分，考试用时75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在 本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 中 第I卷（选择题，共46分） 一、选择题（本题共10小题，共46分。第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分； 8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.关于各图所涉及的物理知识，下列说法正确的是 ( 之 丙 A.图甲，导体棒因静电感应A端带负电荷，B端带正电荷 B.图乙，飞机尾翼尖端处有些很细的针，细针表面越尖锐的地方，电荷密度越小 C.图丙，静电除尘装置两极板间存在非匀强电场 D.图丁，毛皮与橡胶棒摩擦起电时，毛皮带正电是因为在摩擦过程中得到了正电荷 2.一个点电荷周围的电场线分布如图所示，图中a、b、c三点的场强大小分别为Ea、E6、E。,电势分别 为。%，g,则 () 射 A.Ea>Eape B.E。<Eb,pa<p C.E>Eoo D.E>E,pe 物理第1页（共6页） 3.如图所示为一块均匀的长方体导体块，长为a,宽为b,厚为c,电流沿AB方向和沿DC方向通过 导体块时的电阻之比 D () A.1 C. D.2 4.甲、乙两电路图分别是滑动变阻器的两种连接方式。下列说法正确的是 R P 甲 A.乙图电路中的滑动变阻器采用“一上一下”的连接方式 B.在闭合开关前，甲、乙两图中滑片P都应置于b端 C,R,阻值远远大于滑动变阻器阻值时，选择甲图电路连接 D.甲、乙两图中待测电阻R,两端的电压都可以调到零 5.某灯泡的伏安特性曲线如图所示，将该灯泡接在输出电压为4V的电源两端，则此时灯泡的电阻 为 ( A.102 B.82 C.52 D.1.6n AIA 0.6 0.4 a b 0.2 D E. B UNV 02468 第5题图 第6题图 6.如图所示，平行板电容器与电源连接，下极板B接地，开关S闭合，电容器两极板间P点处有一带 电油滴处于静止状态。下列说法正确的是 () A.带电油滴带负电 B.上极板A竖直下移一小段距离，电容器的电容变小 C.断开开关，A板竖直下移一小段距离，带电油滴仍然保持静止 D.保持开关闭合，A板水平左移一小段距离的过程中，电流表中有从α向b的电流通过 7.在如图所示的电路中，电源电动势E和内阻r恒定不变，电阻R1、R2和R为定值电阻，R为滑动变 阻器，电流表和电压表均为理想电表。当滑动变阻器滑片向下滑动时，以下说法正确的是( A.电流表A读数变大 E B.电压表V读数变小 C,电阻R2两端的电压变小 R D.流过R,的电流变小 R2 物理第2页（共6页） 8.将两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个大量程电流表A:、A2(表盘刻度已修改)，电流表 A,的量程小于Ag的量程。把A:、A2采用并联的方式接人电路，如图所示。闭合开关后，电流表 A1与电流表A相比（不考虑分度值影响） ( A.指针偏转角度相同 B.指针偏转角度更小 C.示数相等 D.示数更小 9.额定电压都是110V,额定功率Pn=100W,P,=40W的A、B两只灯，接在220V的电路中，可暖 使电灯都正常发光有 AB B A.⑧8 B.。 10.如图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，在匀强电场中有一根长为L的绝缘细线，细线 一端固定在O点，另一端系一质量为m的带电小球。小球静止时细线与竖直方向成角，此时 让小球获得初速度且恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，重力加速度为g。下列说法正确的 是 A,匀强电场的电场强度E=mgtand 9 E B.小球动能的最小值为E=”g 2cose C.小球运动至圆周轨迹的最高点时机械能最小 D.小球从初始位置开始，沿顺时针方向在竖直平面内运动一周的过程中，其电势能先减小后 增大 第Ⅱ卷（非选择题，共54分） 二、实验题（本题共2小题，每空2分，共18分。） 11.(10分)某实验小组想要测量某段电阻丝的电阻率，可利用以下器材： A.待测电阻丝R.（电阻约为1k2); B.电源（电动势为6V); C.电流表（量程为0~6mA,内阻约为202）； D.电压表（量程为0~6V,内阻约为6k2); E.滑动变阻器（可调节范围为0~2kΩ）； F.滑动变阻器（可调节范围为0~202）； 物理第3页（共6页） G,螺旋测激器、10分度游标卡尺、开关、导线若干。 (1)用游标卡尺测该电阻丝直径，测量结果如图甲所示，则该电阻丝的直径为 (2)为确保电阻丝两端电压能从0开始变化且实验操作便捷，应选择的滑动变阻器为 (填“E”或“F)。 (3)请用笔划线代替导线补充完整图乙所示的电路实物图 。 闭合开关前，滑动变阻 器的滑片应移动至最 (填“左”或“右”)端。 (4)某次实验时测得电压表示数为U,电流表示数为I,电阻丝的长度为L,直径为D,则该电阻 丝的电阻率p= (用U、I、L、D、π表示)。 12.(8分)某学习小组利用柠檬和两个极板制成了一个柠檬水果电池，为了准确测定水果电池的电 动势和内阻，设计以下实验。实验室提供的器材如下： ↑UN 0.8 0.6 中中用 0.4 0 0.200.400.600.80 I/mA A.待测水果电池（电动势约1.2V,内阻约1000） B.滑动变阻器R(最大阻值4k2); C.电压表V(量程2V,内阻约3k2); D.电流表G(量程1.0mA,内阻为802)； E.开关一个，导线若于。 (1)为了测定水果电池的电动势和内阻，请根据实验器材在图中将电路补充完整； (2)完成实验后，根据实验数据在坐标系中描点并作出U一I图像如图丙所示，根据图像可知该 水果电池的电动势为 V,内阻为 2(结果均保留三位有效数字)： (3)考虑电表内阻可能对测量结果产生影响，实验中电源电动势的测量值 （填“大 物理第4页（共6页） 于”、“小于”、“等于”)真实值 三、计算题（本题共3小题，共36分。应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。 只写出最后答案的不得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 13.(9分)有一个表头G,满偏电流Ig=500mA,内阻Rg=200n,将它改装成1A和10A两种量程的 电流表和一个量程的电压表，如图所示。求： (1)R1、R2的阻值；(5分) (2)若R3=900n,则改装成的电压表量程U。(4分) G 公共端 10A 1A 14.(12分)如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm,bc=10cm,其中ab沿电场方向，bc和 电场方向成60°角，一个电荷量为g=一3×10-8C的点电荷从Q移到b电场力做功为 W1=-1.2X10-J,求： (1)匀强电场的场强E的大小；(4分) (2)点电荷从b移到c电场力做功W2;(4分) (3)a、c两点的电势差Uac(4分) a b 物理第5页（共6页） 15.(15分)目前使用新能源的车辆越来越多，它的基本原理就是把风能、太阳能等非化石燃料转化 成电能储存起来，然后给各种电动车辆的电池充电，电池再驱动电动机工作，从而带动车辆行 驶。下图为某电动机工作的简化电路。如图所示，开关S闭合，电源的电动势E=14V,内阻 y=0.22,电阻R2=R=2Q,R1=1.82,电动机线圈的电阻R=12,规格为8V12W的电 动机正常工作。求： (1)通过电源的电流：(4分) (2)电动机的输出功率；(5分) (3)电阻R的阻值。(6分) 協 E 炒 M R 貔 & 以 烟 蝶 曾 物理第6页（共6页） 高二物理学情分析2参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D B B A C B AD CD AB 1．C 【详解】A．图甲中，把大地和导体棒看作一个整体，导体棒是近端，因静电感应A端带负电，B端可能不带电也可能带负电荷，但不可能带正电荷，故A错误； B．图乙中，飞机高速飞行时与空气摩擦产生静电，电荷在越尖锐的地方分布越多，可以通过尖端放电释放静电，故B错误； C．图丙中，静电除尘装置两极板间不是匀强电场，负极附近场强较大，故C正确； D．图丁中，毛皮与橡胶棒摩擦起电时，毛皮带正电是因为在摩擦过程中失去电子，故D错误。 2．D 【详解】电场线疏密表示电场强度大小，故 沿电场线方向电势降低，故 综上所述，D正确，ABC错误。 3．B 【详解】电流方向沿AB，由电阻定律可得电阻为 电流方向沿DC，由电阻定律可得电阻为 则电流沿AB方向和沿DC方向通过导体块时的电阻之比 4. B 【详解】A.乙图电路中的滑动变阳器没有采用“一上一下”的连接方式，A错误； B.在闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的阻值都应该在最大位置处，即甲、乙两图中滑片P都 应于b端，B正确； C.当Rx远远大于滑动变阻器阻值时，如果选择甲图电路连接，则通过待测电阻的电流几乎不发生变 化，所以应选择分压式电路，即选择乙电路比较合适， C错误； D.甲电路叫做限流式电路，滑片滑到b端时，加在Rx两端的电压最低但达不到零， D错误。 5．A 【详解】根据灯泡的伏安特性曲线，可得该灯泡接在输出电压为4V的电源两端时，灯泡的电阻 6．C 【详解】A．由于下极板B与电源正极相连，上极板A与电源负极相连，所以两极板间电场强度方向向上，油滴处于静止状态，则油滴受到竖直向下的重力和竖直向上的电场力。电场力与电场强度方向相同，则油滴带正电，故A错误； BD．保持开关闭合，电容器两极板的电压保持不变，A板竖直下移一小段距离，则板间距d变小，根据可知，电容器的电容变大，同理，若A板水平左移一小段距离过程中，两极板正对面积S减小，则电容C减小，根据可知，电容器所带电荷量变小，则电容器放电，所以流过电流表的电流方向从b到a，故BD错误； C．断开开关，电荷量Q不变，根据，和可知，电场强度不变，即电场力不变，故油滴仍处于静止状态，故C正确。 7．B 【详解】AB．滑片向下滑动时，变小，回路总电阻随之变小，总电流变大，、并联部分电压变小，电流表示数变小，电压表示数变小，故A错误，B正确； C．电阻两端电压变大，故C错误； D．设流过的电流为，由可得增大，故D错误。 8.AD 【详解】图中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同；但电流表的量程小于的量程，所以电流表与电流表相比示数更小。 9．CD 【详解】根据公式可知，灯泡A、B的电阻为、 A．图是灯泡A和灯泡B串联，然后接到220V的电源上，根据串联电路的分压特点可知灯泡B两端的电压大于110V，所以不能正常工作，故A错误； B．图是灯泡A和可变电阻R并联后又和灯泡B串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡A与可变电阻R并联后和灯泡B的电阻相等；但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以此电路中灯泡A和灯泡B也不能正常工作，故B错误； C．图是灯泡B和可变电阻R并联后又和灯泡A串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡B与可变电阻R并联后和灯泡A的电阻相等；灯泡A电阻小，故灯泡可以正常发光，故C正确； D．图是灯泡A和灯泡B并联后又与可变电阻R串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡A与灯泡B并联后和可变电阻R的阻值相等；由公式 得灯泡B和灯泡A并联后的电阻故灯泡可以正常发光，故D正确； 10.AB 【详解】A．小球静止时细线与竖直方向成角，小球受重力，拉力和电场力，三力平衡，根据平衡条件有解得，故A正确； B． 小球恰能绕点在竖直平面内做圆周运动，在等效最高点速度最小， 根据牛顿第二定律有则最小动能，故B正确； C．小球的机械能与电势能之和守恒，则小球运动至电势能最大的位置时机械能最小，小球带负电，则小球运动到圆周轨迹的最左端点时机械能最小，故C错误； D．小球从初始位置开始，沿顺时针方向在竖直平面内运动一周的过程中，电场力先做负功，后做正功，再做负功，则其电势能先增大后减小，再增大，故D错误。 故选AB。 11．（1）26.6 （2）F （3） ①. ②. 左 （4） 【解析】 （1）游标卡尺是10分度的，精确度为，所以游标卡尺读数为。 （2）确保电阻丝两端电压从0开始变化，所以选择调节范围为的滑动变阻器，即选择。 （3）①待测电阻是大电阻，用电流表内接；确保电阻丝两端电压从0开始变化，滑动变阻器用分压接法。电路实物图连接如图所示： ②确保电阻丝两端电压从0开始变化，滑片应移至与支路并联电阻为0位置，即滑动变阻器滑片移至左端。 (4)根据欧姆定律可得，电阻丝电阻为根据电阻定律可得，电阻丝的电阻为 电阻丝的横截面积为联立解得电阻丝的电阻率为 12． (1)(2) 1.16或1.15或1.17 920或930或940 (3)等于 【详解】（1）水果电池内阻约1000Ω和电压表内阻（3kΩ）相近，若采用电流表外接法，电压表分流误差极大；且电流表内阻已知，内接法电流表分压的影响可以通过计算消除，故本实验采用电流表内接法（相对于电源），则电路图如图所示 （2）①根据闭合电路欧姆定律 可得图线的纵轴截距为电源电动势 ②图线斜率的绝对值为电源内阻与电流表内阻之和。从图中可得纵轴截距约1.16V，取图线两端点计算斜率绝对值 解得电源内阻为 （3）本实验中电流表采用内接法，推导得出，不存在系统误差，因此电动势的测量值等于真实值。 13.（1），； （2） 【详解】(1)当公共端与1A端接入电路时，量程，此时电阻和串联，再与表头内阻并联．由并联电路中的电流分配关系可得 代入、I1、的值解得 当公共端与10A端接入电路时，量程，此时电阻R1与表头串联后再与并联．由并联电路的特点可知 代入、I2、的值解得 联立解得 (2)将表头与R1、R2视为整体，总电阻为 则改装后电压表量程为 解得 14.（1）80 V/m （2） -1.2×10-7 J （3）8 V 【详解】（1）电荷从a移到b，电场力做功 代入数据解得 ab沿电场方向，距离 故场强 (2)电荷从b移到c，电场力做功W2=qEdbc cos60°= -1.2×10-7 J (3) a、c两点沿电场方向的距离为 电势差 15．（1） （2） （3） 【详解】（1）电动机正常工作时两端电压等于额定电压，故电源路端电压为。 闭合电路中电源电流为，由闭合电路欧姆定律得 代入数据得 （2）电动机正常工作时，额定电压和额定功率分别为，。由电功率公式可得，所以 代入数据得 线圈电阻产生的热功率由焦耳定律得，根据能量转化关系，所以 （3） 设通过的电流为，通过和的电流分别为，，两端电压为。 由节点电流关系得代入前两问结果得。 由欧姆定律，两端电压为，故并联部分两端电压为 代入得 因和并联，两者两端电压均为。由欧姆定律得，且节点电流满足 代入得，。由欧姆定律得 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $