浙江北斗联盟2026-2027学年高二上学期11月期中物理试题

绝密★使用前 高二物理学科练习 注意事项： 1.本练习共8页，满分100分，考试时间90分钟。 2.答题前，在答题卡指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号。 3.所有答案必须写在答题卡上，写在试题上无效。 4.结束后，只需上交答题卡。 选择题部分 一、选择题I(本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选选项中 只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1.以下物理量用7个国际基本单位表示其它单位，表述正确的是() A.力1N=1kg·m/s3 B.功1J=1kg·s2m2 C.电荷量1C=1A·s D.电阻率12=1kg·m/A·s3 2.如图为指纹锁示意图，当手指的指纹一面与锁表面接触时，指纹上凸处和凹处分别与锁基板上 的小极板形成正对面积相同的电容器。现使电容器两端电压保持不变，手指挤压锁表面的过程中， 指纹与小极板之间的距离变小，电容器() A.电容变大 B.处于放电状态 C.存储的电能减少 D.内部电场强度不变 3.有关下列四幅图的描述正确的是() 电源 图1 图2 图3 图4 A.图1中，高压输电线路检修，必须停电才能确保安全 B.图2中，当带正电小球C靠近枕形导体时，B端会带正电 C.图3中，是丹麦物理学家奥斯特，他发现了磁场的电效应； D.图4中，电源内部通过静电力做功将其他形式的能转化为电势能 4.如图所示，两极板平行的电容器与直流电源相连，极板间形成匀强电场。已知实线为电场 QCYG高二物理学科第1页（共8页） 线，虚线表示等势面。M、N点在同一等势面上，N、P点在同一电场线上。下列说法正确的是 () A.M点的电势比P点的高 B.P点的电场强度比M点的大 C.负电荷从M点运动到P点，速度增大 D.正电荷从P点运动到M点，电场力做负功 5.导体棒水平放置于与水平成0角的光滑轨道上，轨道宽度为L,金属棒的电流为I,空间中存在竖 直向上的匀强磁场，金属棒b处于静止状态，则匀强磁场的磁感应强度B的大小为() A. mg tan日 B mg sine C.mg cose LI LI LI .n 6.如图所示，一辆汽车在水平公路上转弯，沿M向N行驶，速度逐渐减小，所受合力F的四种方向， 哪种是正确的() A B D F 7.某深海科研团队在分析抗性藻泥样本时，发现此材料具有类石墨物质的电导性。设样本内部材质 均匀稳定，无杂质与气泡混入，已知该材料长度为L,横截面积为$时，电阻的大小为R。现有一 段长为4L,横截面积为S的该材料导体，经弯接后首尾相连形成如图所示的样本环，测量环上相 隔4圆周上的a、b两点的电阻，测量的阻值应为() QCYG高二物理学科第2页（共8页） 4L ⊙S A3R B.R C.4R D.R 8.如图，电源的电动势为E,内阻为r,a灯的电阻为Ra,b灯的电阻为Rb,电路正常工作，a、b 两盏灯正常发光，当滑动变阻器R往右滑，灯的亮暗、电压表V1、V2和电流表A的示数会随之 变化，操作时间较短，不考虑灯泡电阻随温度的变化，以下说法正确的是：() A.a灯变亮，b灯变亮 B.a灯变亮，b灯变暗 c尝变大 D.业不变 a 9.具有相同质子数和不同中子数的原子称为同位素。让氢的三种同位素原子核(H、2H和H)(电 荷量相同，质量不同)以相同的速度从带电平行板间的P点沿垂直于电场的方向射入电场，分别落 在A、B、C三点，如图所示。不计粒子的重力，则() V C BA A.三种粒子在电场中运动的时间相同 B.三种粒子在电场中运动的过程中电势能的变化量H最大 C.落在C点的是H D.到达负极板时，落在C点的粒子的动能等于落在A点的粒子的动能 10.1909年密立根通过油滴实验测得电子的电荷量，因此获得1923年诺贝尔物理学奖，实验装置 如图。两块水平放置相距为d的金属板A、B分别与电源正、负两极相接，从A板上小孔进入两板 QCYG高二物理学科第3页（共8页） 间的油滴因摩擦带上一定的电荷量。两金属板间未加电压时，通过显微镜观察到某带电油滴P以速 度大小ⅴ竖直向下匀速运动：当油滴P经过板间M点（图中未标出）时，给金属板加上电压， 经过一段时间，发现油滴P恰以速度大小ⅴ竖直向上匀速经过M点。已知油滴运动时所受空气阻 力大小为∫=kr,其中k为比例系数，v为油滴运动速率，r为油滴的半径，不计空气浮力，重力 加速度为g。下列说法正确的是() A,油滴P带正电 B.油滴P所带电荷量的值为g=2r型 u C.从金属板加上电压到油滴向上匀速运动的过程中，油滴的加速度先增大后减小 D.从金属板加上电压到油滴向上匀速运动的过程中，油滴的加速度先减小后增大 喷雾器 显微镜 A油滴 G” 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选选项中 至少有一个是符合题目要求的。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得 0分) 11.关于科学家的贡献和研究方法，下列说法正确的是（) A.质点、点电荷、电流元都是理想化模型 B.库仑通过实验总结出了电流通过导体时产生的热量和电流的关系 C.法拉第不仅提出了场的概念，而且引入电场线和磁感线形象地描述电场和磁场 D.牛顿发现了万有引力定律，并测得了万有引力常量G=6.67×10-11N/kg 12.如图，空间中存在着互相垂直的匀强电场和匀强磁场，电场方向与水平方向成30°角斜向右上 方，磁场方向垂直纸面向里。速度大小为，的带电小球恰能在空间沿电场方向做匀速直线运动，最 后滑进一光滑绝缘管（管直径略大于小球直径），管轴线沿电场方向且固定摆放，下列说法正确的 是() ×××××× ××××××××× Ex××× A.小球带负电 QCYG高二物理学科第4页（共8页） B.磁场和电场的大小关系为E=B 3 C.若小球滑进绝缘管时辙去磁场，小球做匀变速直线运动 D.若小球滑进绝缘管时撤去电场，小球做匀变速直线运动 13.某电动绞缆机工作时的电路原理图如图，己知U=80V,电动机内电阻r=12,电阻R=102, 用它水平拉质量m=5kg的物体，当速度为2m/s时，理想电压表示数60V,重力加速度g取 10m/s2。已知物体与地面动摩擦因素为0.8，则此时() M 77777 ● A.流经电动机的电流为2A B.此时电动机输出的机械功率为120W C.电动机的内阻消耗的热功率为4W D.物体此时的加速度为10.6ms2 非选择题部分 三、非选择题（本题共5小题，共58分） 实验题 14-I某物理兴趣小组利用四个西红柿做出了水果电池，并利用现有器材对水果电池的电动势E和内 阻r进行了测量， A.待测水果电池（内阻约为几千欧）： B.电流表A(量程为2mA,内阻约为102)： C.电压表V(量程为3V,内阻约为20002)； D.滑动变阻器R(0~15002) E.开关S,导线若千。 2.00 1.50 1.00 0s0。0 ImA @H 甲 乙 丙 入 (1)本实验要想尽量减小误差，应该选择 (填“乙”或“丙”)电路进行测量根据实测数据 绘制的U-I图像，得出水果电池组的电动势E=V,内阻=（内阻r计算结果保留两位有 QCYG高二物理学科第5页（共8页） 效数字)。 (2)选择的实验电路系统误差产生的原因是 A电压表分流B.电流表分压 (3)内阻r测量值比真实值 (选填“偏大”“偏小”或“相等”)。 14-Ⅱ“测定金属的电阻率'的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图甲所示，用 米尺测出金属丝的长度工，用多用电表粗测金属丝的电阻如图乙所示，再用伏安法测出金属丝的电 阻R,然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率。 1510 5040 2.55025P T】 150 5 00 50000/ V-2 25002/ 图甲 图乙 图丙 A.电流表（量程0.6A,内阻为0.5Q) B.电流表（量程3A,内阻约为12） C.电压表（量程15V,内阻约为1.5k2) D.滑动变阻器(152,3A) E.滑动变阻器(1002,0.3A) F.蓄电池(12V,内阻很小) G.开关一个，带夹子的导线若干 (1)先使用螺旋测微器测量金属丝的直径如图甲所示，则金属丝的直径D= m,用多用电表粗测金属丝的电阻如图乙所示，选择×1的挡位，可知其电阻为 2。 (2)测量中要求两只电表的读数都能从零开始测量并且精确测量金属丝的阻值，电流表应选 ，滑动变阻器应选 。(填选项前的字母) (3)请将如图丙所示的实际测量电路用笔画线补充完整 。(实验要求测量尽可能精确) (4)结合所选器材已知条件，测量得出电压表示数为U=10V,电流表示数为I=0.54A,金属丝直径 为D,长度为L=0.347m,得到金属丝的电阻率P= 2m(π=3，结果保留两位有效数 字)。 QCYG高二物理学科第6页（共8页） 15.有两个带正电的A、B小球，小球A的质量O.04g,小球B的质量O.01kg,置于如图所示位置， B紧贴绝缘墙壁，A静止在倾角为37°的绝缘斜面上，小球A与小球B处于同一水平面并相距 03,假设滑动摩擦力等于最大静摩擦力，静电力常量k=9.0×10N·m2/C2。 (1)斜面若光滑，小球A处于静止状态，此时小球A与小球B之间的库仑力多大： (2)保持小球B静止，小球B与墙壁间的动摩擦因素至少多少： (3)若小球A带电量为3x10C,求小球B的带电量。 37 16.有一轨道，长度为4R的水平粗糙直轨道，连接半径为2R的BC光滑14圆弧轨道，在A、C之 间的空间中存在水平向右的匀强电场，AB与BC相切于B点。DEG是半径为R的光滑圆弧（上下 高度可调节)，D点在C点正上方，DEG与直线CD相切于D点。G点与右侧高台水平高度差为 H,质量为m电量为q的带电小球在电场力作用下从A点由静止出发，过C点上升进入轨道DG 做圆周运动后从G点离开，落到右侧高台水平面上，高台由特殊材料构成，落至平台后不再运动。 电荷在AB上所受阻力为重力的025倍，空气阻力忽略不计，与电荷接触轨道均是绝缘轨道。 (已知重力加速度为8) (1)当=R时，小球刚好能过E点，求小球经G点时对轨道作用力： (2)在第一小题的条件下，求电场强度的大小： (3)若Eqg,H=R,小球G点飞出落在平台上，求小球离C点的距离： E 年年年生+： 7777777777 2R m g 77777777777777777777777777 QCYG高二物理学科第7页（共8页） 17.回旋加速器是“转圈圈”式往复加速带电粒子的装置，工作原理如图所示。D1和D2是两个中 空的半圆金属盒，它们之间有一定的电势差U。A处的粒子源产生的带电粒子，在两盒之间被电场 加速。两个半圆盒处于与盒面垂直的匀强磁场中，所以粒子在磁场中做匀速圆周运动。经过半个圆 周之后，当粒子再次到达两盒间的缝隙时，这时控制两盒间的电势差，使其恰好改变正负，于是粒 子经过盒缝时再一次被加速。如此，粒子在做圆周运动的过程中一次一次地经过盒缝，而两盒间的 电势差一次一次地改变正负，粒子的速度就能够增加到很大。已知带电粒子的质量为m电量为q, 两D形盒的半径为R,磁感应强度为B,加在回旋加速器的交变电压为U,两D形盒间的缝隙间 距为d。 (1)为了使正电粒子每次经过窄缝都被加速，求交变电压的周期T: (2)带电粒子能被加速的最大动能Ek: (3)求粒子在电场中的加速次数n: (④)若不计在缝隙中加速的时间，求粒子在回旋加速器中的总时间t。 6U0 接交流电源 18.如图所示，空间中分布着方向平行于纸面且竖直向下的匀强电场并叠加垂直向里的匀强磁场： 构成速度选择器。在速度选择器缝隙M右侧的半径为1=2的圆形区域内分布着垂直纸面向里的匀 强磁场，磁感应强度大小为B。=0.2T。大量质量为=1.2×10-14kg、电荷量为q=2.0×108℃的正电粒 子从A点的放射源以不同的速度释放。从M点离开速度选择器后沿半径方向射入磁场区域，然后 从N点射出，O点为磁场区域的圆心，∠MON=120°，不计粒子所受的重力。求： (1)粒子离开速度选择器时的速度： (2)速度选择器中的的磁场磁感应强度B为0.5T,求电场强度E的大小： (3)若粒子在离开磁场前的某时刻，磁感应强度方向不变，大小突然变为B1,此后粒子恰好被束缚 在该磁场中，则B1的最小值为多少（计算结果可用根式表示）。 ×1× X 1200. 1X B0× QCYG高二物理学科第8页（共8页）高二物理解析 1.【答案】C 【详解】 A.由Fma知，1N=1kg·m/s,.(A)错误 B.由W=FL知，1J=1N·m=1(kgm/s)m=1kg·m2/s,.(B)错误： C.由q=It知，1C=1A·s∴.(C)正确： D.由I=Q/t知，1C=1A·s;由U=Ed知，1V=1(N/C)m=1[(kg·m/s)/(A·s)]m=1kg·m/A·s 由R=U/I知，12=1V/A=1(kg·m/A·s)/A=1kg·m/A·s3∴.（D)错误。 2.【答案】A 【详解】 A.手指挤压锁表面的过程中，指纹与小极板之间的距离á减小，根据C= 可知，电容C变大 4水d （A)正确； B和C.由Q=CU知，电容器所带电荷量增加，处于充电状态，而且存储的电能也在增加.(B)、 (C)都错误： D.由EU/d可知，U不变d变小，则电场强度E变大∴.(D)错误。 3.【答案】B 【详解】 A高压线路检修，可带电作业，只要穿上静电屏蔽的高压防护服就能安全∴.(A)错误 B.C靠近A时，由于静电感应A感应出负电荷，而B端会感应出正电∴.(B)正确 C.奥斯特发现了电流的磁效应，.(C)错误 D.电源内部通过非静电力做功将其他形式的能转化为电势能'.(D)错误 4.【答案】C 【详解】 A.N两点电势相等，电场线由下到上，PN在同一电场线上，沿电场线电势逐渐降低，可知P点 电势高于N点，可知M点电势低于P点，选项A错误： B.M点电场线分布比P点密集，可知P点电场强度比M点小，选项B错误； C.负电荷从M点运动到P点，电势能减小，则电场力做正功，动能增大，速度增大，C正确： D.正电荷从P点运动到M点，电势能减小，则电场力做正功，D错误。 5.【答案】A 【详解】 QCYG高一或高二××学科第1页（共××页） 由左手定则可判断出金属棒受到水平向左的安培力，根据三力平衡可得，mg=BLItan6,根据闭合 电路欧姆定律E=r,可得B=9Em2A正确 6.【答案】c 【详解】 曲线运动力指向凹的一侧，减速时与速度方向成钝角，所以选C 7.【答案】D 【详解】由题意可知，电阻值 由此可知4红的电阻为4R, 根据并联电路，a、b R=PS 间的电阻值R与R并联，R R×3R3 R,选(A) R+3R4 8.【答案】D 【详解】由串反并同可知，滑动变阻器向右滑R变大，a变暗，b变亮，AB均错误， 等于电源的内阻，C错误， △1 AU2 △I =r+Ra,D正确 9.【答案】C 【详解】 A由y= 心)r可知，三者的t不同，·(A)错误： 2 B.由△Ep=qU,qU相同，所以电势能的变化量相同，∴.(B)错误； C.由A选项的解析可知，H运动时间最短，所以x=vt推出H水平距离最近∴.(C)正确： D.由qU=Ek-mv/2可知，H的落地动能小于其它二者∴.(D)错误。 10.【答案】B 【详解】A.平行板间电场方向竖直向下，油滴加电压后能向上匀速运动，说明电场力向上，因此 油滴带负电，故A错误： B.未加电压时，油滴向下匀速，重力与阻力平衡，则mg=kvT U 加电压后，油滴向上匀速，电场力与重力、阻力平衡，则q·a=mg+kwT 联立解得q=2rdm,故B正确： U C.和D.加电压后，油滴初始速度向下，向下减速阶段，合力向上，大小F各=9a U +kvr-mg QCYG高一或高二××学科第2页（共××页） 代入q日=mg+kwT 可得F金=kr(v+v 向下减速过程中，速率减小，合力减小，加速度减小：速度减为零后向上加速阶段，合力向上， 大小F台=q吕-mg-km=kr(o-v') 随向上速率v增大，合力减小，加速度减小，直到v‘=v后，加速度为零。因此整个过程加速度 一直减小，故C、D都错误 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选选项中至 少有一个是符合题目要求的。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 11.【答案】AC 【详解】 A.质点、点电荷、电流元都属于理想化模型。A正确 B.焦耳通过实验总结出了电流通过导体时产生的热量和电流的关系B错误 C.安培首次发现了电流的磁效应，并提出分子环流假说，解释了磁现象的电本质C正确 D.牛顿发现了万有引力，卡文迪许测出了万有引力常量D错误 12.【答案】BD 【详解】 A.小球带正电。A错误 B.根据三力平衡关系，qvB=V3q可得磁场和电场的大小关系为加=Bv。。B正确 C.若小球滑进绝缘管时撤去磁场，洛仑兹力被弹力取代，小球扔平衡，做匀速直线运动。C错 误 D.若小球滑进绝缘管时辙去电场，合力为mgsin0,小球做匀减速直线运动，D正确 13.【答案】AC 【详解】A,由图可知，电阻R和电动机是串联的关系，所以流过的电流相等。根据欧姆定律可 得流经电动机的电流为1=V-_80-60A=2A,故A正确： R 10 B.由P=Fv 可得电动机对绳的拉力为F=UM-r=58N QCYG高一或高二××学科第3页（共××页） 对重物列牛顿第二定律方程有F-mg=ma 代入数据解得重物的加速度为a=3.6m/s2,故B错误： C.热功率：P=I2RM=22×1W=4WC正确 D.已知电动机消耗的功率为=UMI=60×2W=120W P出=PM-P=120W-4W=116W即，故D错误。 非选择题部分 三、非选择题（本题共5小题，共58分） 14-I【答案】（1)丙2.25-2.29都正确1.1×103(2)C(3)偏大 【解析】(1)由于电池内阻大，所以选择丙电路， 由图纵轴的截距为电动势，读数为225-2.29，内阻8二0=11×1030 (2)由于电压表没法测安培表的电压，是导至系统误差的原因。所以选C (3)测出的内阻的大小为安培表的内阻加电池的内阻，所以偏大 14-Ⅱ【答案】(1)0.68020(2)AD (3) (4)1.8×10-5 【解析】 (1)读数为0.68020 (2)电动势12V与待测电阻粗测值的比值为0.6A,因电流表内阻RA=0.52为己知精确值，可将电 压表并联在金属丝与电流表串联的两端，测出总电压U和电流1，通过R= U 一R消除电流表分 压引起的系统误差。因此为精确测量 QcYG高一或高二××学科第4页（共××页） (3)采用电流表内接法。连接电路图如下所示： (4)横截面积S=πD ， 由电阻定律R:=兰-吕R, 联立代入数据解得1.8×102m 15. 答案：(1)0.3N 2号 (3)10-7C 解析：(1)小球A的库仑力 F=mAgtan37° 计算可得 F=0.3N (2)当小球B的最大静摩擦力等于重力时，动摩擦因素最小 f=uFN 正压力等于库仑力 FN=F 可得 =月 (3)根据库仑定律 F=kqA9B r2 代入数据可得 QcYG高一或高二××学科第5页（共××页） qB=10-7C 16. (1)E处向心力方程： mg=m是 根据机械能守恒定律E运动到G 1 1 2mv哈+mg2R=2mv哈 G处的向心力方程 Fy -mg m- R 联立三个方程可得 FN-6mg 根据牛顿第三定律可知，小球对轨道的压力为 FN-FN-6mg 方向竖直向下 (2)根据动能定理： Eq6R-0.25mg4R-mg5R =mV E处向心力方程： mg=m爱 可解 E=13mg 12q (3)由动能定理可得 A-G mgGR-0.25mg4R-mg3R=mvg 由G平抛到平台 1 R=29t2 x =Vat 联立可得x=2V2R 距离C点水平最位移为 Xc=x-R=(22-1)R=1.8R QCYG高一或高二××学科第6页（共××页） 17. T=2rm (1)Bg =B'g'R2 (2) 2m n=9B'R2 (3)2mU (4)t=πBR2 2U 【详解】(1)设交变电压的周期为T,为保证粒子每次经过狭缝都被加速，带电粒子在磁场中运动 一周的时间应等于交变电压的周期（在狭缝的时间极短忽略不计），则 v2 Bqv=m 2πr V= 考虑到T 2πm T= 联立以上两式，解得Bg (2)粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，粒子被加速到最大速度时，由牛顿第二 定律得 %B=m R 粒子的最大动能为 m-Bg'R 1 2 2m (3)粒子在电场中被加速n次，对粒子根据动能定理得 ngv =1 2mnd 2 9B2R2 n= 解得粒子被电场加速的次数2mU T= 2πm (4)粒子在磁场中运动的周期为 gB 粒子每加速一次，在磁场运动半圈，则磁场中的运动时间为=T= 2U QCYG高一或高二××学科第7页（共××页） 18. 答案：(12y×107m/s (9×10N/c ⑧)r或7 解析： (1)根据圆周运动规律，几何关系可得，半径为2√3m 由洛仑滋力提供向心力 qvBo =mv2/2 v= 2V 3×10m/s (2)由洛仑兹力等于电场力 qvB=Eq 3 3×106N/C E= (3)当粒子经过两圆心连线时，粒子与磁场边界相距最远，半径最大，磁感应强度最小，由此可得 R1=V3-1m 由洛仑兹力等于向心力 12 qvBi-mRi 可得B=T或57 5(W3-1)1 5 QCYG高一或高二××学科第8页（共××页）