浙江宁波市六校联盟2026-2027学年高二上学期11月期中物理试题

2026学年第一学期宁波六校联盟期中联考 高二年级物理学科参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 10 答案 A B D B C C C D B 题号 11 12 13 答案 BD AD CD 1.A 【详解】运动员竖直落地过程，接触地面瞬间的速度大小为，末速度为0，整个过程动量变化量大 小为△p=mv为定值。取向上为正方向，根据动量定理(F-mg)△t=0-（-mv)=mv 整理得平均冲击力F=mg+ △d 运动员屈膝下蹲时，会延长速度从v减为0的作用时间△1。由上式可知，△1增大时，%减小，因此 平均冲击力F减小。 故选A。 2.B 【详解】AB.由题图可知，汽车此时的瞬时速度大小为6Okh,选项A错误、B正确； CD.因为汽车启动后18s内的位移未知，所以无法计算这段时间内的平均速度，选项C、D错误。 故选B。 3.D 【详解】AB.自由落体运动是初速度为0、加速度为重力加速度8的匀加速直线运动，加速度与物体 质量、重力大小无关，下落时间由下落高度和重力加速度共同决定，满足公式h二)型 解得下落时间1= 2h 两物体下落高度h相同，8为常量，因此下落时间相等，二者同时着地，故AB错误； CD.不计空气阻力时，自由落体的加速度恒为重力加速度g,和物体重力大小无关，二者加速度相 等，故C错误，D正确。 故选D。 答案第1页（共12页） 4.B 【详解】AB.甲中B静止，B受到的摩擦力始终等于弹簧测力计示数，所以A不一定要匀速运动， 而乙图中，A是运动的，要使A受到的摩擦力始终等于弹簧测力计示数，A一定要匀速运动，故A 错误，B正确： C.甲图装置中当A被拉动时，A、B间的摩擦力为滑动摩擦力，大小为Bg,故C错误； D.乙图装置中当A被拉动时，B相对A向左运动，则A对B的摩擦力方向向右，故D错误。 故选B。 5.C 【详解】A.斜面体始终静止在水平桌面上，加速度为零，不是超重 状态，故A错误： B.木块在光滑斜面下滑，木块对斜面的压力大小等于重力沿垂直于 斜面方向的分力，N=mgcos30°= 2mg,故B错误 CD.选斜面体为对象，受力如图： 则桌面对斜面体的摩擦力方向水平向左。 Mg 桌面对斜面体的支持力大小为 3 R=Vcos8+Mg=mg cos'0+Mg=mg+Mg,故C正确，D错误。 故选C。 6.C 【详解】AB.若鼎处在空中静止，设每根绳子的拉力为F,根据平衡条件可得4 F cos0=Mg 所以F=M8 ,故AB错误； 4cos0 C.若鼎被匀速竖直提起，绳子与竖直方向的夹角增大，由以上分析可知，c0s减小，则绳的拉力将 增大，故C正确： D.若鼎被匀速竖直提起，速率为v,则绳子一端通过定滑轮拉绳速率为v=vcos0,故D错误。 故选C。 7.C 【详解】AB.摩托车过弯时受竖直向下的重力、地面竖直向上的支持力和水平方向的摩擦力作用， 答案第2页（共12页) 其中摩擦力提供摩托车转弯的向心力，重力与地面的支持力平衡，可知摩托车过弯时速度越大，但 地面提供的支持力总等于重力不变，AB错误： C.比赛中，摩托车过弯时速度大小不变，摩托车受到的静摩擦力大小不变，但方向不断变化，则静 摩擦力不断改变，C正确： D.重力竖直向下、支持力竖直向上，二者为平衡力，合力为零，无法提供水平方向的向心力：且过弯最 大速度由地面最大静摩擦力和弯道半径决定，压弯无法增大过弯速度，故D错误。 故选C。 8.C 【详解】A.带电乌云移到金殿上空时，由于静电感应，金殿上表面会感应出与乌云电性相反的电 荷，因此在乌云与金殿顶部之间会存在电势差，A正确： B.雷雨天气时，金殿处于电场中会达到静电平衡状态，金殿内部场强为零，所以游客躲在殿内，可 以降低被雷电击中的可能性，B正确： C.雷雨天气时，金殿屋顶上曲率半径越大的地方表面比较平整，导体越尖锐的地方电荷的密度越大， 曲率半径大的地方电荷密度比较小，因此空气不容易被击穿，C错误： D.近年来金殿安装了避雷针，带电的雷雨云接近金殿时，由于静电感应，避雷针带上与云层相反 的电荷，通过尖端放电，这些电荷不断向大气释放，中和空气中的电荷，达到避免雷击的目的。因 此“雷火炼殿”的奇观消失了，D正确。 本题选错误的，故选C。 9.D 【详解】A.小球在运动过程中只有电场力做功，电场力做功与电势能变化的关系为W=一△E。 根据图像可知Eg·2L=2E0 可得E= Epo gL 则Ue=-Ede= E0x2L_2E0,放A错误： gL g B.小球从P点到Q点，电场力对小球先做负功再做正功，故B错误： v2 C.带电小球恰好能在桌面内沿顺时针做圆周运动，有Eq=m, 答案第3页（共12页） 此时速度最小，解得v= E0, 故C错误： m 1 D.速度从最小v到最大值v,根据动能定理有Eg·2L= 2 速度最大时，绳上拉力最大，则有T-Eg=m 联立可得T= _6B0,故D正确。 L 故选D。 10.B 【详解】A.C刚离开地面时，弹簧的伸长量为x2,对C有c2=1.5mg 此时B有最大速度，即ag=a4=0 则对B有T-kc2-1.5mg=0 对A有5 ngsina-T=0 以上方程联立可解得sina=0.6,c=37°，故A错误； BC.初始系统静止，且线上无拉力，弹簧的压缩量为x,对B有c=1.5mg 则综合可得x=x2= 1.5mg k 则从释放至C刚离开地面过程中，弹性势能变化量为零。此过程中ABC组成的系统机械能守恒， 即5mg(6+)sna=15nmg(s+)+(5m+1.5m加.2 以上方程联立可解得v。= 18mg1 13k 所以A和B获得最大速度均为 18mg,故B正确，C错误： 13k D.释放A的瞬间，对A有5 ng sin a-T'=5ma 对B有T'-1.5mg+k=1.5ma 解得B球的加速度大小为a=g，故D错误。 13 故选B。 答案第4页（共12页) 11.BD 【详解】A.牛顿首先发现了万有引力定律，卡文迪什是首次测出引力常量数值的科学家，故A错 误； B.地球同步卫星的公转周期与地球自转周期相同，根据万有引力提供向心力有 G、Mm (R+h)2 2=24元，(R+h) =m- 式中引力常量G、地球质量M、地球自转周期T、地球半径R均为定值，可推导出同步卫星距地面 高度h为定值，故B正确： C.7.9k/s是地球第一宇宙速度，是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大环绕速度，根据环绕速度公 GM 式v=r 卫星轨道半径r越大，环绕速度v越小，因此卫星绕地球做匀速圆周运动的速度不可能大于7.9k/s, 故C错误： D.由万有引力定律公式F=GM 变形得G= Fr2 结合各物理量的国际单位，可知引力常量的国际单位为N2.kg2,故D正确。 Mm 故选BD。 12.AD 个IA 【详解】AB.根据闭合电路欧姆定律有E=U+r,代入数据 1.00 得60V=U+1001 0.80 0.60 在题图中画出电源的I-U图像，如图所示 0.40 电源的I-U图像与白炽灯泡的伏安特性曲线的交点对应的电 0.20 压和电流即为灯泡的实际电压、电流，分别为U=20V, UNV 0 I=0.4A 20406080100 则灯泡消耗的实际功率为P=UⅡ=8W 个IA 1.00 电源效率为刀=石≈3.3%，故A正确，B错误： 0.80 0.60 CD要使灯泡正常工作，则灯泡两端的电压必须为30V,即电 0.40 源的I-U图像必过曲线上电压为30V的点，在题图中画出此 0.20 时电源的I-U图像如图所示 0 2040 6080100 答案第5页（共12页） △U 由图可知电源的内阻”= △ 80-300=1002,故C错误，D正确。 0.50 故选AD。 13.CD 【详解】A.根据动量定理，单位时间内撞击帆面的空气质量m=P相，其中P为空气密度，S为 帆的面积，相为垂直于帆面的风速分量，不难看出v粗=v sina='asin(0-p) 即v相与0和P相关，即k与0、0及空气密度p都有关，故A错误： B.要使帆船沿CB航行，船身方向即为CB方向，风的方向平行于AB,根据帆船逆风航行的原理， 风力垂直于帆面，要使风力产生一个沿船身方向的向前动力分量，帆面必须位于风的来向与船身前 进方向之间，结合图像可知帆面必须处于AB和BC之间，即锐角∠ABC的两边之间，故B错误； C.帆船无法沿AB直线前进，必须通过不断改变船身和帆面的方位，走如图的锯齿形航线，将逆风 转化为侧风，从而获得向前的动力分量，故C正确： D.在弹性碰撞中，平行于帆面的速度分量不变，垂直于帆面的速度分量反向，因此，空气分子碰 撞前后的动量改变量只存在于垂直于帆面的方向上，故D正确。 故选CD。 14-I.(6分)(1)交流(1分) (2)0.1s(1分) (3)BD(1分) (4) 0.26(1分) 0.40(2分) 【详解】(1)电火花打点计时器使用220V交流电源。 (2)电火花计时器本身打点周期T,=0.02s。每5个点取一个计数点，则T=5×0.02=0.1s (3)A.本实验只探究匀变速规律，不需要平衡摩擦力，A错误； B.细线与木板平行，保证小车受到的拉力恒定，加速度不变，B正确： C.不需要测拉力大小，因此不需要满足小车质量远大于重物质量，C错误； D.先通电，待打点稳定后释放小车，保证纸带开头部分能打出点迹，D正确。 故选BD。 答案第6页（共12页） (4)[]B点瞬时速度等于AC段的平均速度y=,T=0.1s 2T 则Vg 0.0520-0.26m/s 2×0.1 [2]用逐差法求加速度x=x=24.0mm,龙2=xc=28.0mm,x3=xn=32.0mm,x4=xps=36.0mm 根据a=s+x)-(:+x) 4T2 代入数据求得a=0.40m/s2 14-Ⅱ.（本题8分）(1)2(1分) (2) R1(1分) (2分) 3 (3) 2.5(2分) 1.0(2分) 【详解】(1)由9=h得充满的时间为1=9=26A山=2h I13A (2)[1]滑动变阻器的分压式接法，为了操作、控制方便选最大阻值较小的，故选R； [2]保持滑片P的位置不变，即其分得的电压为1V不变，即电压表与电阻箱串联电路两端的电压是 2 1V,当电压表的读数为，V,电阻箱分得的电压为写V:由串联电路的分压原理知两者的电阻之比1：2： 当电压表的读数为1V,电阻箱分得的电压为2V,串联后等效改装后的电压表量程为3V,故使电压 表示数为二V。 (3)[[2根据闭合电路欧姆定律可得3U=E-3-凸， "U+3R+3r 整理得U=3R,+3r ER。 图像的斜率为k=3R,+37 ERo 纵轴截距为b=3R,+3r 解得E= 3b =2.5V,r= 3kR=1.02 1-3k 1-3k 15.(1)1m/s2,2m/s2:(2)50m 【详解】(1)分别对物块和木板受力分析，根据牛顿第二定律，对小物块 umg-ma (1分) 对长木板 答案第7页（共12页） F-lmg=Ma1..(1分） 解得 a1=1m/s2,a2=2n/s2（2分) (2)物块B放到木板A后，B做匀加速运动，A做匀加速运动，当两者速度相等时，B恰好滑到A 的右端。设此时它们的共同速度为v,经历的时间为t,由速度关系可得 =%十afFa2l.. (1分) 代入数据解得 =10s,=20n/s（1分） 由位移关系有 L=w1+2g21 293 (1分) 解得 L=50m.（1分） 16.(本题11分)(1) 2eU m 3U,d (24U1 【详解】(1)在加速电场中，由动能定理 eU,=。m.(2分) 2 解得 2eU V%= （2分) m (2)电子进入偏转电场中做类平抛运动运动，则 d=yol… (1分) y= (1分) eU2 a= (1分) md 离开偏转电场时偏移距离为 U,d 4U (1分) 答案第8页（共12页） 设速度方向与水平方向成角，如图所示 根据几何关系可得 tan0-at_U3 v。2U … (1分) 离开偏转电场后偏移的距离为 1 2=dtan0= U,d 20 (1分) 所以总偏移距离为 3U,d D=4+y2= 4…（1分) 17.(本题12分).(1)2.4m:(2)42N,方向竖直向下：(3)能通过最高点，通过最高点时速度为34m/s 【分析】根据机械能守恒定律，结合牛顿运动定律进行分析，小球能否到达最高点，需要判断到达 最高点时的速度是否大于或等于其临界速度√R,如果大于，则可以通过最高点，否则不能够通过 最高点。 【详解】(1)B点速度在竖直方向的分量 y,=%tan60°=4V3m/s.(1分) 竖直方向的分运动为自由落体运动，可知 h= _48 m=2.4m..（2分） 2g20 (2)从A点到C点，根据机械能守恒定律 2m吃=2m听+mgh+R-Rcos0). 1 21 (2分) 2 解得 ve=√74m/s 根据牛顿第二定律，有 Fc-mg= mve (1分) R 解得 答案第9页（共12页） F%=42N 根据牛顿第三定律可知，小球经过轨道最低点C时对轨道的压力F。=42N,方向竖直向下。…(2 分) (3)设小球能到达D点，根据机械能守恒定律，有 1 2、1 +ngh-R-Rc0s0）. 解得 yp=V34m/s>√gR. (2分) 即小球能到达D点，到达D点的速度为 yD=V34m/s.（1分) 18.(本题13分).(1)v1= 6qUo m g2 (3)x3=5V3L 【详解】(1)质子从0号金属圆筒右侧进入0号与1号金属圆筒间的狭缝，t=0时有U=-U。,电 场力对质子做功为W=qU。…（1分) T 质子在1号金属圆简内运动时间为2到达1号与2号金属圆筒间的获缝时有0=2U,电场力对 质子做功为W2=2qU。.（1分) 质子从静止开始运动，根据动能定理有g0,+2g。=m…（1分) 解得y= 6qUo m 金属圆筒内部没有电场，质子离开2号金属圆筒后速度大小不变，因此质子经过M点时的速度大小 6g0, (1分) m (2)质子从M点沿水平方向射入第一象限，水平方向不受力，因此经过N点时有'x=? 质子经过N点时速度方向与x轴正方向的夹角为60°，故其竖直分速度大小 答案第10页（共12页） 为y,=tan60°=V3y…(1分） 设第一象限内质子的加速度大小为a,根据牛顿第二定律有qE,=ma 3L 质子从M点运动到N点时沿竖直方向下降的距离为，，根据匀变速直线运动规律有 5=24号 解得ai (1分) 由g6=ma,解得E=m (1分) L 代入-6g0解得E-6L (1分) m (3)质子从M点运动到N点的过程中，竖直分速度由零增大到V3y,根据速度公式有V3y=a4Mw 解得1wN= V3L y 质子在水平方向做匀速直线运动，因此第一次经过x轴时到O点的距离 为x=y4Mw=V3L.（1分) 质子从N点进入区域I后不受电场力，竖直分速度大小保持为V3y,从x轴运动到区域I下边界的时 L 间为4= 对应的水平位移为△=4=5 …（1分) 设区域Ⅱ内质子的加速度大小为42、电场强度大小为E2,根据牛顿第二定律有qE2=ma2 质子恰不能从区域Ⅱ的下边界离开，说明质子到达下边界时竖直分速度恰好为零，根据匀变速直线运 动规律有0=(3y)2-2a,L 3 解得a=2L 质子从区域知止边界运动到下边界的时间为5=3：=2” 2L 对应的水平位移为△x2=42= 答案第11页（共12页） 质子到达区域Ⅱ下边界后反向运动，运动过程关于最低点对称，因此从N点进入第四象限至第二次 经过x轴的水平位移为△x2=2△x+2△x2=2√3L 第二次经过x轴时到0点的距离为x2=x+△x2=3V3L…（1分) 质子第二次经过x轴时，竖直分速度方向向上、大小为√3y,进入第一象限后加速度方向向下，根 据速度公式可得再次回到x轴所用时间为4-23_25L a1 这段过程中质子的水平位移为△x=%=23L…（1分) 因此质子第三次经过x轴时到O点的距离为X3=x2+△x3=5V3L…（1分) 答案第12页（共12页）绝密★考试结束前 2026学年第一学期宁波六校联盟期中联考 高二年级物理学科试题 考生须知： 1.本卷共8页满分100分，考试时间90分钟。 2.答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。 3.所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。 4.考试结束后，只需上交答题纸。 5.可能用到的相关参数：重力加速度g取10m/s2。 选择题部分 一、单选题（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合 题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1.在篮球运动中，运动员跳起投篮后竖直落地。设地面对运动员的平均冲击力大小为F,冲击力作 用的时间为△1。运动员在触地时往往会主动屈膝下蹲，关于这一动作对△1和F产生的影响，下列选 项正确的是() A.△1增加，F减小 B.△t增加，F增加 C.△t减小，F减小 D.△t减小，F增加 2.某汽车启动后经过18s,汽车内的速度计指针所指位置的数值如图所示， T K80100120140入 该数值表示汽车() 60 1602 40 180 A.此时的瞬时速度大小为60m/s 20 200- B.此时的瞬时速度大小为6Okm/h km/h 13561 220、 C.启动后18s内的平均速度大小为60m/s 0236km D.启动后18s内的平均速度大小为60km/h 3.甲物体的重力是乙物体重力的3倍，它们从同一高度处同时开始自由下落到同一水平面上，不计 空气阻力，下列说法正确的是() A.甲比乙先着地 B.乙比甲先着地 C.甲下落的加速度是乙的3倍 D.甲和乙下落的加速度相同 4.用弹簧测力计测定木块A和木块B间的动摩擦因数μ，有如图所示的两种装置。已知A、B的质 量分别为mA、,重力加速度为g,下列说法正确的是() @州 B Ao→F。 A B 42417277777 aaiaaaaaa77 甲 乙 A.甲图装置中只有匀速拉动A,才能用弹簧测力计的读数表示A、B间的摩擦力大小 高二物理学科试题第1页（共8页) B.乙图装置中只有匀速拉动A,才能用弹簧测力计的读数表示A、B间的摩擦力大小 C.甲图装置中当A被拉动时，A、B间的摩擦力大小可用f与u(mA+B)g表示 D.乙图装置中当A被拉动时，A对B的摩擦力方向向左 5.如图所示，质量为M、倾角0=30°的斜面体始终静止在水平桌面上，质量为m的木块沿光滑斜 面自由下滑，重力加速度大小为g,下列结论正确的是() A,斜面体处于超重状态 m B.木块对斜面体的压力大小为2mg M C.桌面对斜面体的摩擦力方向水平向左 7777777777777777777 D.桌面对斜面体的支持力大小为(M+m)g 6.截至2026年5月动漫《凡人修仙传》累计播放量超64亿，堪称国漫巅峰。其主角韩立在虚天殿 获得人界至宝虚天鼎，但在寒骊台用血玉蜘蛛拉鼎过程却惊险异常。若从物理角度分析拉鼎过程则 可简化为如下场景：质量为M的鼎被四条绕过各自定滑轮的绳子 滑轮 拉起，绳子关于竖直方向对称分布且均与竖直方向成0角，重力加 速度为g。以下说法正确的是() A.若鼎处在空中静止，则每根绳子的拉力为二Mgsin0 B.若鼎处在空中静止，则每根绳子的拉力为二Mgcos0 C.若鼎被匀速竖直提起，绳子与竖直方向的夹角增大，绳的拉力将增大 D.若鼎被匀速竖直提起，速率为V,则绳子一端通过定滑轮拉绳速率为 cose 7.在2026年3月29日结束的世界超级摩托车锦标赛(WSBK)葡萄牙站WorldSSP组别中，中国 摩托车制造商“张雪机车”在该站赛事双回合正赛中相继夺冠，实现中 国制造商在该赛事的历史性突破，打破欧美日品牌长期垄断。如图所 示，比赛中骑手为了快速通过某水平弯道，将车身压向内侧，俗称压 弯。摩托车通过该水平弯道时视为匀速圆周运动，下列说法正确的是 () A.摩托车过弯时需要的向心力由地面的支持力提供 B.摩托车过弯时速度越大，地面提供的支持力越大 C.比赛中，摩托车过弯时速度大小不变，摩托车受到的静摩擦力不断改变 D.比赛中，骑手采取“压弯”方式过弯，是为了让摩托车的重力和支持力的合力提供向心力，从而增 大过弯速度 8.湖北武当山的主峰天柱峰屹立着一座光耀百里的金殿，全部为铜铸鎏金。雷雨交加时，金殿的屋 项常会出现盆大的火球，来回滚动。雨过天晴时，大殿金光灿灿，像被重新洗炼过一般，这就是人 们所说的“雷火炼殿”。已知电场强度超过3.0×10Vm时，空气将被击穿发生放电。关于“雷火炼 高二物理学科试题第2页（共8页） 殿”，下列说法错误的是() A.带电乌云移到金殿上空时，乌云与金殿顶部之间会存在电势差 B.雷雨天气时，游客躲在殿内，可以降低被雷电击中的可能性 C.雷雨天气时，金殿屋顶上曲率半径越大的地方，空气越容易被击穿 D.近年来金殿安装了避雷针，“雷火炼殿”的奇观消失了 9.长为L的绝缘轻细线一端连接质量为m、电荷量为9的带正电小球，另一端固定在光滑绝缘水平 桌面上的O点，整个空间内存在着平行于桌面的匀强电场，带电小球恰好能在桌面内沿顺时针做圆 周运动，俯视图如图甲所示，PQ为轨迹圆的一条直径。以P点为起始点，小球运动过程中的电势能 E,与小球运动的路程s之间的关系如图乙所示，图中E,。>0。下列说法正确的是() A.Uno=tro ↑E 1.5E0 B.从P点到Q点电场力对小球做正功 0.5E 2E0 5元L C.小球运动过程中速度的最小值为 OπL2πL 3πL3 m -0.5E 6E0 D.小球运动过程中所受细线拉力的最大值为 L 10.如图，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定斜面上，B、C两小球在竖直方 向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C放在水平地面上。现用手控制住A,使细线刚刚拉直且 无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行。己知A的质量为5，B、C的质量 均为1.5m,重力加速度大小为g,不计一切摩擦。开始时整个系统处于静止状态，释放A后，A沿 斜面下滑至速度最大时，C恰好离开地面。则下列说法正确的是() A.斜面的倾角a=30° B.A球获得的最大速度vm= 18mg 13k 9mg2 C.B球获得的最大速度v。=13K D.释放A的瞬间，B球的加速度大小为2g 二、多选题（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合 题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 11.下列说法正确的是() A.卡文迪什首先发现了万有引力定律 B.地球同步卫星距地面的高度是一定的 C.卫星绕地球做匀速圆周运动的速度可以大于7.9k/s D.万有引力常量的国际单位为Nm2.kg2 高二物理学科试题第3页（共8页） 12.某公司对生产的一批白炽灯泡进行测试。其中一个白炽灯泡L ↑IA 的伏安特性曲线如图所示，其额定电压为30V。现将其接到电动势 1.00 E=60V,内阻r=1002的电源两端。则下列说法正确的是() 0.80 A.此时白炽灯泡的功率约为8W B.此时电源效率为50% 0.60 C.若将其接到电动势E=80V,内阻r=802的电源两端，灯泡能 0.40 保持额定功率工作 0.20 D.若将其接到电动势E=80V,内阻r=1002的电源两端，灯泡 U 能保持额定功率工作 0 20406080100 13.如图甲所示，在静水中，当风的方向与无自带动力帆船的目标航向（图中由A指向B)一致时， 只需将帆面与船身垂直安放，则帆船能沿直线顺利到达目标位置B;如图乙所示，在静水中，当风 的方向与无自带动力帆船的目标航向（图中由A指向B)相反时，若调整船身和帆面的位置（其中 目标方向AB与船身的夹角为0，帆面与船身的夹角为0)，帆船也可以逆风到达目标位置B,例如， 帆船可先到达C再到达目标位置B。帆船能沿AC段运动的动力来源可简化解释为：风以某一角度α 吹到帆面上(=0-0)，碰撞后弹出的角度也是，碰撞前、后的风速大小相同。风与帆面的碰撞导 致帆船受到了一个方向与帆面垂直的压力F,这个压力沿船身方向及垂直于船身方向的分力分别为 F1和F2,F1就是船沿AC航线前进的动力（其大小与v网的大小关系可表示为v✉2），F则有使船 侧向漂移的作用，可以认为该力被水对船的横向阻力平衡。结合以上解释和所学的物理知识，下列 说法中正确的是() A.k与p、6及空气密度p都无关 B.要使无自带动力帆船沿CB航行，帆面必须处于锐角∠ACB的两边之间 C.若不断改变船身和帆面的方位，无自带动力帆船可沿锯齿形航线从A驶向B D.空气分子与帆面发生弹性碰撞前后，空气分子的动量改变量垂直于帆面 B B 船身 帆面 帆面 A F 船身不产F V 高二物理学科试题第4页（共8页） 非选择题部分 三、非选择题（本题共5小题，共58分） 电火花计时器 14.实验题(I、Ⅱ二题共14分) 小车 14-I.(6分)某同学用图所示装置探究小车做匀 纸带 变速直线运动的规律，他采用电火花计时器进 行实验。 (1)打点计时器使用 (填“交流”或“直 砝码 流”）电源。 (2)电源频率为50Hz,如果每相邻的计数点间还 有4个点未标出，则相邻两计数点间的时间间隔T= (3)下列操作必须的是 0 A.把木板右端适当垫高，以平衡摩擦 B.调节滑轮的高度，使细线与木板平行 C.小车的质量要远大于重物的质量 D.实验时要先接通电源再释放小车 (4)如图所示的纸带上，A、B、C、D、E为纸带上所选的计数点，相邻计数点间时间间隔0.1s,则 VH= m/s,a= m/s2。(保留两位有效数字) B D 24.0mm 52.0mm 84.0mm 120.0mm 14-Ⅱ.(8分)新能源汽车已经普遍走进了我们的生活，某校学生实验小组通过网络找到了比亚迪 某车型的动力电池系统的铭牌如图所示。 比亚迪汽车有限公司 制造品牌比亚迪 制造国中国 整车型号BYD6470ST6HEV2乘坐人数5 制造年月2021年03月发动机排量1498mL 发动机型号BYD472QA发动机最大净功率78kW 驱动电机型号TZ220XYF驱动电机峰值功率132kW 动力电池系统额定电压320V动力电池系统额定容量26Ah 最大允许总质量1875kg (1)若用13A恒流电源对该车进行充电，则充满电需要的时间是 h。 (2)实验小组把动力电池系统进行拆解，发现其内部由125块电芯串联而成，同学们设计好实验电路， 准备测量一块电芯的电动势E和内阻，实验提供的器材有：导线、开关，以及 A、直流电压表V1、V2,量程均为1V,内阻约为3k2: B、定值电阻R=92: C、最大阻值为8k2的电阻箱： D、滑动变阻器R1最大阻值约为102： E、滑动变阻器R2最大阻值约为5k2。 实验中，小刚同学发现电压表量程不够需要改装，他打算将其中一个电压表V1扩容到3V,但是电 压表内阻的准确值未知，于是小刚进行了以下实验： 高二物理学科试题第5页（共8页） U. 甲 乙 丙 ①先将电阻箱与电压表V1串联后，连成图甲所示的电路，其中滑动变阻器R即应选用 (选 填R1”或“R2”)。 ②将滑动变阻器Rp的滑片P移至最右端，同时将电阻箱阻值调为零，再闭合开关，将滑动变阻器的 滑片P调到适当位置，使电压表刚好满偏。 ③保持滑片P的位置不变，调节电阻箱，使电压表示数为满偏值的 (选填或写或). 保持电阻箱的阻值将电压表和电阻箱串联组合，即是改装至量程为3V的电压表。 (3)小刚利用改装后的电压表，连接成图乙所示的电路测量电芯的电动势和内阻。移动滑动变阻器R 的滑片，读出电压表V、V的多组数据U、U,描绘出U-U图像如图丙所示，图中直线斜率k=, 301 纵轴截距b=3V则电芯的电动势E= V,内阻= 2。(本小题均保留两位有效数字) 4 15.(本题8分)如图所示，质量为M=6kg的长木板A放在光滑水平面上，在长木板的左端施加 一水平恒力F=10N,当长木板向左运动的速率达到vo=10m/s时，把一质量为m=2kg的小物块B (可视为质点)无初速度放在长木板左端，小物块与长木板间的动摩擦因数为μ=0.2，g取10/s2。 (1)小物块B放在长木板A上时，计算长木板A与小物体B各自加速度的大小a1、2: (2)若小物块恰好没离开长木板，计算木板的长度L。 B 77777777777777777777 高二物理学科试题第6页（共8页) 16.(本题11分)示波器的主要结构可简化为：电子枪、加速电场、两水平放置的平行金属板形成 的偏转电场和竖直放置的荧光屏组成，如图所示，若已知加速电场的电压为U1,两平行金属板的板 长、板间距离均为d,荧光屏距两平行金属板右侧的距离也为d。电子枪产生初速度几乎为0、质量 为m、电荷量为-e的电子，先经过加速电场加速，如果偏转电压为0时，电子会从两平行金属板的 中央穿过，打在荧光屏的中心点O:如果两金属板间加上偏转电压U2,且只在两金属板间产生竖直 方向的匀强电场，电子飞出偏转电场后会打在荧光屏上，不计电子重力。求： ()电子飞出加速电场时的速度大小V: (2)电子打在荧光屏上的位置到中心点O的距离D。 M 电子枪 电子 17.(本题12分)如图所示，一个半径R=1.0m的圆弧形光滑轨道固定在竖直平面内，轨道的一个 端点B和圆心O的连线与竖直方向夹角0=60°，C为轨道最低点，D为轨道最高点。一个质量 m=0.50kg的小球（视为质点）从空中A点以v=4.0m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线 方向进入轨道。重力加速度g取10n/s2,试求： (I)小球抛出点A距圆弧轨道B端的高度h: (2)小球经过轨道最低点C时对轨道的压力Fc; (3)小球能否通过轨道的最高点D？如能通过D点，则过D点的速度是多少？ Vo m 高二物理学科试题第7页（共8页） 18.(本题13分)如图甲所示的平面直角坐标系xOy,第一象限内存在沿y轴负方向的匀强电场： 第四象限内有边界均平行于x轴的区域虹和区域Ⅱ，区域I的上边界与x轴重合，两区域足够长且宽度 均为L,区域I内没有电场，区域江内存在沿y轴正方向的匀强电场：第二象限内有一直线加速器，、 b间接入如图乙所示的交变电压。=0时刻，一个质量为m、电荷量为q的质子从0号金属圆筒右侧 由静止释放，质子在金属圆筒之间的狭缝被电场沿圆筒中央轴线加速，加速时间忽略不计，在金属 圆筒内运动时间均为)，离开2号圆筒后从点M0垂直y轴射入第一象限，一段时间后从x 轴上N点进入第四象限，此时速度方向与x轴正方向的夹角为60°。质子恰不能从区域Ⅱ下界面离开， 忽略电场边缘效应，不计质子重力。求： (1)质子经过M点的速度大小V1: (2)第一象限电场强度大小E1: (3)质子第三次经过x轴时到O点的距离x。 12 60° 2L 甲 乙 高二物理学科试题第8页（共8页)