周测评（二十五）物理·阶段检测（七）-【衡水真题密卷】2026-2027学年高一下册物理学科素养周测评（粤教版）

2026一2027学年度高一学科素养周测评（二十五） 物理·阶段检测（七） 本试卷总分100分，考试时间40分钟。 一、选择题：本题共6小题，每小题8分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~4题 只有一项符合题目要求，第5、6题有多项符合题目要求。全部选对的得8分，选对但不 全的得4分，有选错的得0分。 题号 1 2 3 5 6 答案 1.如图所示，下列关于机械能是否守恒的判断正确的是 LL A wwii下 A.图甲中，物体A将弹簧压缩的过程中，A机械能守恒 B.图乙中，物体B沿固定斜面匀速下滑，物体B机械能守恒 C.图丙中，不计滑轮质量和任何阻力时A加速下落，B加速上升过程中，A、B组成的系 统机械能守恒 D.图丁中，小球沿水平面做匀速圆锥摆运动时，小球的机械能不守恒 2.武当山主峰天柱峰屹立着一座铜铸鎏金殿，当雷雨交加时，会形成“雷火炼殿”奇观，大 高一学科素养周测评（二十五）物理第1页（共8页） 在最低谷中跋涉，怎样走都是向上 殿的顶端采用“伞状”金属饰物在雷雨天时保护大殿。在某次雷雨中，大殿顶端附近等 班级 势线分布如图所示，相邻等势线电势差相等，则关于a、b、c、d四点说法正确的是() 姓名 ------------ 得分 A.a点和d点电场强度相同 B.b点电场强度最大 C.c点电场强度最大 D.b点电势高于c点 3.如图，真空中xOy平面直角坐标系上的E、F、G三点构成等边三角形，边长为L。若将 两个等量异种点电荷一q和十q分别固定在E、F点，则 () G +g A.O点电场强度的方向沿x轴正方向 B.G点电场强度的方向沿y轴正方向 C.O点电场强度的大小为零 D.G点电场强度的大小为 高一学科素养周测评（二十五）物理第2页（共8页） YJ 4.如图所示，一质量为m、电荷量为q的带正电小球以速度vo从M、N连线上的P点水 平向右射入电场强度大小为”m、方向竖直向下的匀强电场中，小球运动轨迹经过MN 上的Q点（未画出）。已知MN与水平方向成45°角，重力加速度为g,不计空气阻力。 则下列说法正确的是 p 45c. A.小球从P运动到Q的过程中电势能增大 B.小球在电场中运动时的加速度大小为√2g 小球从P运劲到Q的时间为 √2u D.P、Q两点间的距离为 g 5.科技馆中有一光滑绝缘轨道如图所示，轨道由半径R=2m的竖直光滑绝缘圆轨道和光 滑水平轨道构成，A点所在的半径与竖直直径BC成37°角。若空间存在一个水平向右、 大小为E=1.0×104V/m的匀强电场，质量为0.04kg,电荷量均为q=十3×10-5C的 小球在C点获得一个速度，恰好能过A点。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10 m/s2。下列说法正确的是 Y灯 高一学科素养周测评（二十五）物理第3页（共8页） A 379 ￥O R 77777777779H77777777 C A.小球在A点的速度是5m/s B.小球在C点的速度是√/115m/s C.小球经过0.6s落到地面上 D.小球落地点距离C点2.4m 6.纸面内存在沿某方向的匀强电场，在电场中取O点为坐标原点建立x轴，以O为圆心、 R为半径，从x轴上的a点开始沿逆时针方向作圆，a~h是圆周上的8个等分点，如图 甲所示；测量圆上各点的电势9与半径同x轴正方向的夹角0，描绘的90图像如图乙 所示，下列说法正确的是 ( ↑P/V 91 2π 0 6π 0/rad -P2 6 乙 高一学科素养周测评（二十五）物理第4页（共8页）2026 学科素养周测评 2026一2027学年度高一学科素养周测评（二十五）物理·阶段检测（七） 一、选择题 4.D【解析】小球带正电，在从P点运动到Q点的 1.C【解析】题图甲中，物体A将弹簧压缩的过程 过程中，电场力做正功，电势能减小，A错误；小 中，弹簧弹力对A做负功，A机械能不守恒，物体 球受到竖直向下的重力和电场力，根据牛顿第二 A与弹簧组成的系统机械能守恒，A错误；题图 定律有mg十Eg=ma,因E二，可得小球在电 乙中，物体B沿固定斜面匀速下滑，则B受到摩 擦力的作用，物体B机械能在减少，B错误；题图 场中运动时的加速度大小为2g,B错误；小球从 丙中，不计任何阻力和定滑轮质量时A加速下 P点运动到Q点做类平抛运动，水平方向有x= 落，B加速上升过程中，A、B系统只有重力和弹 oot,竖直方向有y=2at2,且有tan45°=产，联 力做功，A、B系统机械能守恒，C正确；题图丁 中，小球沿水平面做匀速圆锥摆运动时，小球的 立解得=，C错误；水平位移工=L=,则 动能和势能都不变，故机械能守恒，D错误。 P、Q两点间的距离=工 √2 2.C【解析】在静电场中，等差等势线的疏密程度 c0s450= ,D正确。 反映电场强度的大小，题图中a点和d点的等差 5.ABC【解析】根据题意可得，重力和电场力的合 等势线的疏密程度不同，所以两点的电场强度不 力大小F合=√(mg)2+(Eg)z=0.5N,设合力与 同；C,点的等差等势线相对最密集，故c,点的电场 强度最大，A、B错误，C正确；根据题目条件，由 竖直方向的夹角为a,则tana= 后导所以合力 于不能确定电场线的方向，所以不能确定b点电 与竖直方向的夹角为37°，所以在A点有F合= 势高于c点，D错误。 UA 3.D【解析】十q在O点产生的电场强度方向沿x m尺，解得A=5m/s,A正确；由C到A,根据动 轴负方向，一q在产生的电场强度方向沿x轴负 能定理可得-F。R(1十c0s37)=mi 方向，故O点合电场强度的方向沿x轴负方向， 2mu品，解得uc=√5m/s,B正确；小球经过 1 A错误；O点电场强度的大小E。=2 A,点后做斜下抛运动，则R(1十cos37)= 8g,C错误；如题图所示，设十g和一9在G点 1 (asin37)t十2gt,解得t=0.6s,C正确；小球落 产生的电场强度分别为E1、E2,G点的合场强 地，点距离C点的距离x=Rsin37十UA COS37°·t 为E0,则有E,=E:=是由几何关系可 1E9,解得x=2.25m,D错误。 2 知，E1、E2的夹角为180°-60°=120°，G点的合 6.AB【解析】由题图甲可知圆周上电势最高的，点 场强Ea=2E1os60°=k2,方向沿x轴负方 和电势最低的点所在的直径与x轴的夹角日=四， 向，B错误，D正确。 6 E 且电势差的值为P1一（一P2)=P1十P2,由匀强 电场的电场强度和电势差的关系，可得电场强度 的大小E=99,方向与x轴正方向的夹角 E 2R Γ9 +q 为，A正确：根据匀强电场电势分布特点，O ·28· YJ ·物理· 参考答案及解析 点的电势，=9十(p》_P,9,B正确：a U2-U1 2 2 的阻值R,= I (5)由以上分析可知，该电流表内阻对电阻的测 e两，点的电势差Uae=E·2Rcos 6 量值没有影响。 √3(p1+p2） 8.(1)6N(2)0.1J 2 ,C错误；根据选项A的分析，可画 【解析】(1)小物块从圆孤轨道顶端滑到圆孤轨 出如图所示电场线。根据沿着电场线方向电势 道底端的过程中，根据机械能守恒定律得 逐渐降低，可知从e到f,电势先降低再升高，从 1 mgR= 2mu月 (2分) g到h,电势一直升高，D错误。 解得vp=6m/s 电势最高点 00 由FN一mg=mR (2分) 电势最低点 解得FN=6N E g 根据牛顿第三定律，小物块运动到圆孤轨道底端 二、非选择题 时对轨道的压力大小为6N (2分) 7.(1)③②①④⑤(1分)(2)140(1分)(3)20(1 (2)小物块释放后冲上水平传送带时的速度大小 分)(4)①左(1分)③变小(2分)右(2分) p=6m,小物块冲上传送带后做匀减速运动， U。-U(2分)(5)没有(2分) 根据牛顿第二定律有 uimg=ma (2分) 【解析】(1)先用多用电表的欧姆挡粗略测量待 解得加速度大小 测电阻阻值。应先把选择开关调到欧姆挡合适 a1=2.5m/s2 的倍率；然后红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋 设小物块与传送带共速时对地位移为x,则由运 钮，让指针指到0Ω处；接着把待测电阻连接到 动学公式可得 红、黑表笔间，读取测得的电阻值；最后把选择开 vi-v吊=-2a1x (2分) 关拔到“OFF”挡。故步骤合理的顺序是③②① 代入数据，解得 ④⑤. x=2.2 m<MN (2分) (2)若选择开关为“×10”挡，指针示数如题图甲 则可知小物块与传送带共速后和传送带一起做 所示，则测得的电阻为14.0×102=1402。 匀速运动，小物块在传送带上减速所用时间 (3)由于电路图中滑动变阻器采用分压接法，为了方 便调节，应选择最大阻值为20Ω的滑动变阻器。 t1=0-0P=0.4s (2分) -a1 (4)①为了保证电表的安全，先把滑动变阻器的 这段时间内传送带运动的位移 滑片P移到最左端，然后闭合开关S、S2: x带=vot1=2m (2分) ③断开开关S2,支路多串联R,则电流表的示数 则小物块通过传送带时由于摩擦产生的热量 变小；应向右移动滑动变阻器滑片，使得电压表 Q=41mg(x一x带） (2分) 示数变大，电流表的示数仍为I,记录电压表的示 解得Q=0.1J。 (2分) 数U2;设电流表内阻为RA,根据欧姆定律可得 9.(1) 2mL2 U eT2 (2)U.Ta (3)U,T2 8md Amd 厂RA十R,U2RA十R,+R,可得待测电▣ 【解析】(1)粒子在A、B板之间加速后获得的速度 ·29· YJ 2026 学科素养周测评 00-T (1分) (3)t=3T 时刻射入极板C、D间的偏转电场的电 根据动能定理可得 3T 子，在 一T的时间内加速度大小 -eUan -Im (1分) 3eUo a2= (2分) 极板A、B之间的电势差 md 2mL2 此过程的侧移距离 UAB=- eT2 (1分) 1/ 3T)2 3eUoT2 (2分) (2)电子进入极板C、D间的偏转电场后在电场 32md 力的作用下做类平抛运动，沿水平方向做匀速直 在t=T时刻竖直方向的分速度 线运动有 ,=a(r-T） 3T 3eUoT (2分) Amd L=vot (1分) 在T 5T 解得：-日 时间内电子加速度大小 (1分) eUo t=0时刻进入极板C、D间的偏转电场的电子加 a1一md (2分) 速度大小 此过程的侧移距离 a1= (2分) md -度-小-厚-r 5eUoT2 32md 电子离开偏转电场时的侧移距离 (2分) 1 y=zal (1分) 电子离开C、D间的偏转电场时的侧移距离 eUoT2 解得y=eUT? y=y1十y2= 4md (1分) (1分) 8md ·30· YJ