精品解析：江苏盐城市东台市第六教育联盟2026-2027学年九年级上学期10月阶段检测物理试题

江苏省盐城市东台市第六教育联盟2026-2027学年九年级上学期10月阶段检测 物理试卷 （满分：100分，考试用时：90分钟，考试范围：13章结束） 一、单选题（每题2分，共24分） 1. 如图所示，小明和爸爸坐在跷跷板上处于平衡状态。如果小明和爸爸都向中间的O点移动相同的距离，下列说法正确的是（ ） A. 跷跷板仍然平衡 B. 爸爸端下降 C. 小明端下降 D. 可能爸爸端下降，也可能小明端下降 2. 如图所示，两名同学各持一根较光滑的木棍，将绳子的一端系在其中一根棍上，再按图示依次绕过两根木棍，另外一名同学缓慢地拉动绳子，两根棍靠拢。若想用更小的力也能让木棍靠拢，则下列说法中可行的是（ ） A. 将绳子在木棍上少绕几圈 B. 沿竖直方向匀速拉动绳子 C. 增加绳子在木棍上的缠绕圈数 D. 缩短木棍的长度，使其质量变小 3. 如图所示，环保卫士小艾正在垃圾分类，下列环节小艾对瓶子做功的是（ ） A. 从地上捡起瓶子 B. 拿着瓶子站着不动 C. 握稳瓶子沿水平路面匀速走向垃圾桶 D. 瓶子静止在垃圾桶中 4. 两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程（s）—时间（t）图像如图所示，根据图像下列判断正确的是（ ） A. 两次物体运动的速度： B. 0-6s，两次拉力对物体做功的功率： C. 两次物体所受的拉力： D. 0-6s，两次拉力对物体所做的功： 5. 如图所示的简单机械在使用过程中，属于费力机械的是（ ） A. 斜面 B. 滑轮组 C. 独轮车 D. 船桨 6. 在体育考试中，小明投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示，若实心球重20N，从最高点到落地点的过程中，球下降的高度为2.7m，则（ ） A. 实心球在空中飞行时小明一直对球做功 B. 实心球到达最高点时动能为零 C. 实心球从离手后到最高点的过程中将动能转化为重力势能 D. 从最高点到落地点的过程中重力没有做功 7. 关于内能和热传递，下列说法正确的是（ ） A. 能量总是从内能多的物体向内能少的物体传递 B. 0℃的物体没有内能 C. 热传递改变内能的实质是温度的转移 D. 物体的温度升高，内能一定增大 8. 某学校物理兴趣小组用实验来比较A、B两种液体的比热容。他们在实验室让质量为3kg的液体A和质量为2kg的液体B用相同的加热装置同时加热，不计热量损失，液体的温度随时间的变化如图所示，则A、B的比热容之比为（ ） A. 3∶2 B. 3∶4 C. 2∶3 D. 4∶9 9. 据史料记载，明代开凿溧水胭脂河时，工匠使用“焚石凿河”工艺：将柴草、桐油填入石缝点燃，灼烧岩石；岩石升温后迅速浇冷水，岩石骤冷开裂从而剥落。关于该过程，下列说法正确的是（ ） A. 岩石被烈火灼烧，温度升高，岩石所含热量增大 B. 高温岩石浇上冷水，冷水吸收热量，内能增大 C. 高温岩石遇冷水后，岩石分子停止运动 D. 岩石灼烧后温度很高，岩石内能一定大于冷水的内能 10. 质量相同0℃冰和0℃水用来冷却物体，效果更好的是冰，原因 （ ） A. 冰温度更低 B. 冰熔化吸热 C. 冰比热容大 D. 冰含有的内能少 11. 下列关于内能、温度、热量的说法，正确的是（ ） A. 物体的温度越高，含有的热量越多 B. 物体的温度不变，内能一定不变 C. 物体温度升高，一定是从外界吸收了热量 D. 热量可以从内能少的物体传递给内能多的物体 12. 2026年3月14日，在蹦床世界杯荷兰阿尔克马尔站男子网上个人决赛中，王梓赛凭借高质量动作勇夺金牌。如图是王梓赛从最高点A下落至蹦床平面B点，最终到达最低点C的简化示意图。不计空气阻力，下列关于此过程的相关分析，正确的是（ ） A. 王梓赛的机械能保持不变 B. 王梓赛的重力势能逐渐增大 C. 王梓赛从B点到C点，动能逐渐减小 D. 蹦床增加的弹性势能等于王梓赛减小的机械能 二、填空题（每空1分，共24分） 13. 花匠手握如图所示的修枝剪刀把手的末端，便可以轻松地剪断树枝，这时修枝剪刀属于___________杠杆，它的支点在___________点，要想更轻松剪断树枝，可以让树枝___________（靠近/远离）支点。 14. 用如图所示的滑轮组将重为90N的物体匀速提升，绳端拉力大小为60N。此过程中使用A滑轮的好处是可以改变力的 ___________ （选填“大小”或“方向”）；若B滑轮重为 20 N，则绳重与摩擦________（选填“能”“不能”）忽略不计。 15. 如图小明正在做俯卧撑训练，他的身体看作一个杠杆，O为支点，B为重心，他所受重力为600N，水平地面对双手的支持力F的大小____N，人对水平地面的压力和水平地面对人的支持力_____（是\不是）一对平衡力，若每做一次重心上升的高度为40cm，克服重力做的功为_____J。 16. 重500N的小明在60s内跳绳150个，每次跳离地面的高度为5cm，则小明跳一次绳克服重力所做的功是________，功率为________W。小华在60s内跳绳120个，则小华跳绳的功率________（一定小于/一定大于/可能大于）小明跳绳的功率。 17. 如图所示，斜面长，高，建筑工人用绳子将重600N的物体从其底端沿斜面向上匀速拉到顶端，拉力的大小为200N（忽略绳子的重力）。拉力F对物体做的总功是__________________J；斜面的机械效率为__________________；在此过程中，物体所受的摩擦力为__________________N。 18. 如图所示，将摆球从A点静止释放，经过最低点O到达B点，A、B两点等高，摆球从A点到O点的过程中，细绳对小球拉力________（做功/不做功），________能转化为动能。整个过程中，摆球的机械能大小_________（不变/减小）。 19. 如图是某物质熔化过程中温度随时间变化的图像。根据图像可知，该物质属于______（晶体/非晶体），其熔点是______，在段处于______状态，在状态的内能比状态的______。 20. 质量均为0.5kg的两种液体在相同时间内放出相同的热量，它们温度随时间变化的关系如图所示。则在0~12min内，两种液体温度的变化量之比Δt甲：Δt乙为______，放出的热量之比Q甲：Q乙为______，比热容之比c甲：c乙为______。 三、作图题（每题2分，共6分） 21. 按照题目要求作图： （1）如图（a）为某同学正在投铅球的过程，请在图（b）中画出铅球离开手后在空中运行直到落地过程中其动能随时间变化的关系图像。设铅球刚离开手时动能为） （2）如图是一个杠杆式简易起吊机，它上面装了一个定滑轮可以改变拉绳的方向，杠杆OBA可绕O点转动。请在图上画出杠杆OBA的动力臂L和物体M所受重力的示意图。 （3）用如图所示的滑轮组将水桶匀速提升，请在图中用笔画线代替绳子画出连接滑轮组最省力的绕法。 四、实验探究题（每空2分，共36分） 22. 根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题。 （1）实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，此时应将杠杆右端的螺母向________调节（左/右），使杠杆在水平位置达到平衡，这样做的目的是________。 （2）如图乙所示，在A点挂2个重均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为________N。 （3）如图丙，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F________（变大/变小/不变）。 （4）实验过程中下列三个因素，不会影响探究结果的是________。 A. 铁架台没有放在水平桌面上 B. 弹簧测力计的弹簧和刻度盘之间的摩擦较大 C. 实验所用的钩码生锈 （5）实验小组进一步将杠杆制成杆秤，为了增大该杆秤的最大称量值，可以在原提纽位置O的________（左/右）侧适当位置新增一个提纽。 23. 图甲为“探究动能大小与哪些因素有关”的实验装置，将小车从斜面上高h处由静止释放，运动至水平木板（足够长）上后与木块碰撞。通过改变小车释放时的高度h、在小车中增加钩码和在木板上铺垫棉布的方法，得到了图乙虚线框内的四个实验场景。 （1）实验中探究的动能是指 。 A. 小车即将撞击木块时的动能 B. 小车撞击木块后的动能 C. 木块被小车撞击后的动能 （2）选用场景①和______（②/③/④）可探究动能与______关系。 （3）分析场景③和④的实验现象，可初步得出结论______，生活中可以用该结论来说明汽车行驶在高速公路上不能______（超速/超载）。 （4）移去木块后，进行场景①、②、③实验时，其中①、③两次小车在水平木板上滑行距离相同，此过程中小车在水平面上克服摩擦力做的功分别为W1、W2、W3，则这三次功的大小关系是______。 24. 如图甲是小明“探究串联电路的电压规律”的实验电路图。 （1）连接电路时，开关应___________。实验时，灯L1和灯L2的规格应___________（相同/不相同）。 （2）闭合开关前，电压表如图乙所示，原因是___________。 （3）闭合开关后，小明发现两灯都不发光，于是分别把电压表接在图甲中AB两点、BC两点及AC两点，测得数据分别是UAB=3V，UBC=0V，UAC=3V；小明检查发现只有灯L1和灯L2中的一盏出现故障，则故障可能是___________。 A. L1短路 B. L1断路 C. L2短路 D. L2断路 （4）处理好故障后，正确实验，小明分析多组数据得出结论：___________。（请使用文字叙述） （5）小华用电压表准确测得在同一电路中的两个小灯泡的电压不相等，由此可以判断这两只小灯泡___________（一定/不一定）是串联的。 五、阅读题（每小题2分，共10分） 25. 阅读短文，回答问题： 国产七轴协作灵巧机械臂走进教育实验室 2026世界机器人大会上，国产自研七轴协作灵巧机械臂正式面向教育科研市场投放，大量中小学、高中开始开展机械臂模型的跨学科实践探究活动。整套灵巧机械臂是一套由大量简单机械组合而成的复合机械。机械臂每一处旋转关节都可以抽象成杠杆，关节转轴就是杠杆的支点；机械臂内部布置多条钢丝绳传动结构，钢丝绳绕过微型定滑轮，电机拉动绳索，驱动末端夹爪完成抓取动作。工程师介绍，绝大多数工业机械臂属于费力杠杆。费力杠杆虽然需要更大动力，但动力端只需要移动很小距离，末端夹爪就可以实现大范围摆动，拥有很大的工作半径，适合精密操作。某物理兴趣小组以此为灵感，利用雪糕棒、细线、轴承等材料，动手自制一台简易灵巧机械手模型。在制作调试的过程当中同学们发现，模型转轴摩擦较大时，机械效率偏低；润滑转轴、减轻手臂连杆自重、适当地增大抓取重物的质量，都能够有效提升自制机械手模型的机械效率。同学们通过调查、制作、测试、评估改进完整流程，加深了对杠杆、滑轮、功、机械效率、功的原理等知识点的理解。 根据上文材料，完成下面5道小题： （1）国产灵巧机械臂的各个转动关节相当于杠杆的__________； （2）工业灵巧机械臂大多属于费力杠杆，使用费力杠杆的优势是__________________；整套机械臂工作时，_________（选填“能”或“不能”）省功； （3）在自制简易机械手模型时，若润滑各个转动的转轴，下列判断正确的是（ ） A. 有用功变大，机械效率变大 B. 额外功变小，机械效率变大 C. 总功不变，机械效率不变 D. 额外功不变，机械效率变小 （4）使用同一套机械手模型匀速抓取重物，被抓取物体重力增大，则克服物体重力做的有用功_____（选填“变大”、“变小”或“不变”），机械效率________（选填“变高”、“变低”或“不变”）； （5）关于机械臂以及自制机械模型，下列说法错误的一项是（ ） A. 定滑轮不能够省力也不能省距离 B. 无论怎样优化设计，机械效率永远小于100% C. 机械做功越快，它的机械效率一定越高 D. 完整实践流程包括调查、制作、测试、评估改进 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 江苏省盐城市东台市第六教育联盟2026-2027学年九年级上学期10月阶段检测 物理试卷 （满分：100分，考试用时：90分钟，考试范围：13章结束） 一、单选题（每题2分，共24分） 1. 如图所示，小明和爸爸坐在跷跷板上处于平衡状态。如果小明和爸爸都向中间的O点移动相同的距离，下列说法正确的是（ ） A. 跷跷板仍然平衡 B. 爸爸端下降 C. 小明端下降 D. 可能爸爸端下降，也可能小明端下降 【答案】C 【解析】 【详解】设爸爸重力为，力臂为，小明重力为，力臂为，移动距离为。初始平衡时，由图知，故。 移动后爸爸端力与力臂的乘积 小明端力与力臂的乘积 因，则 结合可得 小明端力与力臂的乘积较大，故小明端下降。 故选C。 2. 如图所示，两名同学各持一根较光滑的木棍，将绳子的一端系在其中一根棍上，再按图示依次绕过两根木棍，另外一名同学缓慢地拉动绳子，两根棍靠拢。若想用更小的力也能让木棍靠拢，则下列说法中可行的是（ ） A. 将绳子在木棍上少绕几圈 B. 沿竖直方向匀速拉动绳子 C. 增加绳子在木棍上的缠绕圈数 D. 缩短木棍的长度，使其质量变小 【答案】C 【解析】 【详解】AC．设木棍靠拢需克服的阻力为，承担拉力的绳子有效段数为，绳端拉力为。该装置相当于滑轮组，根据滑轮组省力公式 可知，与成反比，将绳子少绕几圈，导致减小，由可知 增大；增加缠绕圈数，导致增大，由可知减小，故C符合题意，A不符合题意； B．沿竖直方向拉动绳子，绳子有效段数不变，由可知拉力大小基本不变，故B不符合题意； D．缩短木棍长度使其质量变小，由可知重力变小，但木棍水平靠拢主要克服水平方向的阻力（同学手持的力），与质量关系不大，且不变，由可知 不变，故D不符合题意。 故选C。 3. 如图所示，环保卫士小艾正在垃圾分类，下列环节小艾对瓶子做功的是（ ） A. 从地上捡起瓶子 B. 拿着瓶子站着不动 C. 握稳瓶子沿水平路面匀速走向垃圾桶 D. 瓶子静止在垃圾桶中 【答案】A 【解析】 【详解】A．从地上捡起瓶子，手给瓶子向上的力，瓶子向上移动了一段距离，力和移动方向一致，小艾对瓶子做了功。故A符合题意； B．拿着瓶子站着不动，手对瓶子有力，但是瓶子没有移动距离，小艾对瓶子没有做功。故B不符合题意； C．握稳瓶子沿水平路面匀速走向垃圾桶，手对瓶子的力是竖直向上的，瓶子移动方向是水平向前，力和运动方向互相垂直，在力的方向上没有移动距离，小艾对瓶子没有做功。故C不符合题意； D．瓶子静止在垃圾桶中，瓶子已经离开小艾的手，小艾不再对瓶子施加力，故没有对瓶子做功。故D不符合题意。 故选A。 4. 两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程（s）—时间（t）图像如图所示，根据图像下列判断正确的是（ ） A. 两次物体运动的速度： B. 0-6s，两次拉力对物体做功的功率： C. 两次物体所受的拉力： D. 0-6s，两次拉力对物体所做的功： 【答案】B 【解析】 【详解】A．由图像可知，第一次拉动物体的速度 第二次拉动物体的速度 则，故A错误； C．同一物体在同一水平面上运动，压力和接触面粗糙程度相同，滑动摩擦力相等，由于物体做匀速直线运动，处于平衡状态，拉力等于摩擦力，则，故C错误； D．0-6s内，第一次拉动物体运动的距离 第二次拉动物体运动的距离 由得，，因，，则，故D错误； B．由得，，因，，则，故B正确。 故选B。 5. 如图所示的简单机械在使用过程中，属于费力机械的是（ ） A. 斜面 B. 滑轮组 C. 独轮车 D. 船桨 【答案】D 【解析】 【详解】A．设斜面长为，高为，物重为，推力为。由得 因，故，属于省力机械，故A不符合题意； B．设物重与动滑轮重之和为，拉力为，承担物重的绳子段数。由得故，属于省力机械，故B不符合题意； C．设独轮车动力臂为，阻力臂为，动力为，阻力为。由得因，故，属于省力机械，故C不符合题意； D．设船桨动力臂为，阻力臂为，动力为，阻力为。由得 因，故，属于费力机械，故D符合题意。 故选D。 6. 在体育考试中，小明投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示，若实心球重20N，从最高点到落地点的过程中，球下降的高度为2.7m，则（ ） A. 实心球在空中飞行时小明一直对球做功 B. 实心球到达最高点时动能为零 C. 实心球从离手后到最高点的过程中将动能转化为重力势能 D. 从最高点到落地点的过程中重力没有做功 【答案】C 【解析】 【详解】A．实心球在空中飞行时，小明没有对球施加力，由做功的两个必要因素可知，小明没有对球做功，故A错误； B．实心球到达最高点时，在水平方向上仍有速度，由动能的定义可知其动能不为零，故B错误； C．实心球从离手后到最高点的过程中，质量不变，高度增加，重力势能增加；速度减小，动能减小，将动能转化为重力势能，故C正确； D．从最高点到落地点的过程中，球在重力方向上移动了距离，重力做功 故D错误。 故选C。 7. 关于内能和热传递，下列说法正确的是（ ） A. 能量总是从内能多的物体向内能少的物体传递 B. 0℃的物体没有内能 C. 热传递改变内能的实质是温度的转移 D. 物体的温度升高，内能一定增大 【答案】D 【解析】 【详解】A．热传递的发生条件是存在温度差，能量从高温物体向低温物体转移，与内能大小无关，故A错误； B．任何温度的物体都具有内能，故B错误； C．热传递改变内能的实质是内能的转移，故C错误； D．同一物体温度升高，分子热运动加剧，分子动能增大，内能一定增大，故D正确。 故选D。 8. 某学校物理兴趣小组用实验来比较A、B两种液体的比热容。他们在实验室让质量为3kg的液体A和质量为2kg的液体B用相同的加热装置同时加热，不计热量损失，液体的温度随时间的变化如图所示，则A、B的比热容之比为（ ） A. 3∶2 B. 3∶4 C. 2∶3 D. 4∶9 【答案】D 【解析】 【详解】由图可知，A、B升高相同的温度时，A加热时间，B加热时间。 因加热装置相同，吸收热量与时间成正比，故 由得，。故选D。 9. 据史料记载，明代开凿溧水胭脂河时，工匠使用“焚石凿河”工艺：将柴草、桐油填入石缝点燃，灼烧岩石；岩石升温后迅速浇冷水，岩石骤冷开裂从而剥落。关于该过程，下列说法正确的是（ ） A. 岩石被烈火灼烧，温度升高，岩石所含热量增大 B. 高温岩石浇上冷水，冷水吸收热量，内能增大 C. 高温岩石遇冷水后，岩石分子停止运动 D. 岩石灼烧后温度很高，岩石内能一定大于冷水的内能 【答案】B 【解析】 【详解】A．热量是热传递过程中的过程量，不能表述为“物体所含热量”，故A错误； B．高温岩石与冷水发生热传递，冷水吸收热量，内能增大，故B正确； C．组成物质的分子永不停息地做无规则运动，温度降低时分子运动不会停止，故C错误； D．物体内能的大小不仅和温度有关，还与物体的质量、状态、物质种类等因素相关。仅通过岩石温度高于冷水温度，无法判定岩石的总内能一定大于冷水的内能，故D错误。 故选B。 10. 质量相同0℃冰和0℃水用来冷却物体，效果更好的是冰，原因 （ ） A. 冰温度更低 B. 冰熔化吸热 C. 冰比热容大 D. 冰含有的内能少 【答案】B 【解析】 【详解】质量相同的0℃冰和0℃水冷却物体时，冰会先发生熔化，这个过程需要从被冷却的物体上吸收大量热量，且熔化过程中温度始终保持0℃不变，等冰全部熔化为0℃的水后，才会和同温度的水一样继续升温吸热，因此相同条件下冰能吸收更多热量，冷却效果更好。 故选B。 11. 下列关于内能、温度、热量的说法，正确的是（ ） A. 物体的温度越高，含有的热量越多 B. 物体的温度不变，内能一定不变 C. 物体温度升高，一定是从外界吸收了热量 D. 热量可以从内能少的物体传递给内能多的物体 【答案】D 【解析】 【详解】A．热量是热传递过程中的过程量，不能表述为“含有热量”，故A错误； B．晶体熔化时温度保持不变，但持续吸收热量，内能增大，因此温度不变时内能可能改变，故B错误； C．改变内能的方式有做功和热传递两种，物体温度升高也可能是外界对物体做功，不一定是吸收热量，故C错误； D．热传递的条件是两物体存在温度差，与内能大小无关，若内能少的物体温度高于内能多的物体，热量即可从前者传递给后者，故D正确。 故选D。 12. 2026年3月14日，在蹦床世界杯荷兰阿尔克马尔站男子网上个人决赛中，王梓赛凭借高质量动作勇夺金牌。如图是王梓赛从最高点A下落至蹦床平面B点，最终到达最低点C的简化示意图。不计空气阻力，下列关于此过程的相关分析，正确的是（ ） A. 王梓赛的机械能保持不变 B. 王梓赛的重力势能逐渐增大 C. 王梓赛从B点到C点，动能逐渐减小 D. 蹦床增加的弹性势能等于王梓赛减小的机械能 【答案】D 【解析】 【详解】A．从B 点运动到C 点的过程中，蹦床发生弹性形变，王梓赛克服蹦床弹力做功，其机械能转化为蹦床的弹性势能，王梓赛的机械能减小，故A错误； B．从A点到C点，王梓赛质量不变，高度减小，重力势能逐渐减小，故B错误； C．从B点到C点，开始阶段重力大于弹力，合力，合力方向向下，王梓赛做加速运动，动能增大；后来，合力，合力方向向上，王梓赛做减速运动，动能减小，故动能先增大后减小，故C错误； D．不计空气阻力，人和蹦床组成的系统机械能守恒，蹦床增加的弹性势能等于王梓赛减小的机械能，故D正确。 故选D。 二、填空题（每空1分，共24分） 13. 花匠手握如图所示的修枝剪刀把手的末端，便可以轻松地剪断树枝，这时修枝剪刀属于___________杠杆，它的支点在___________点，要想更轻松剪断树枝，可以让树枝___________（靠近/远离）支点。 【答案】 ①. 省力 ②. B ③. 靠近 【解析】 【详解】使用修枝剪刀时，动力臂大于阻力臂，故为省力杠杆。 因剪刀绕B点转动，故支点在B点。 由杠杆平衡条件可知，阻力、动力臂不变时，阻力臂越小，所需动力越小，故树枝应靠近支点。 14. 用如图所示的滑轮组将重为90N的物体匀速提升，绳端拉力大小为60N。此过程中使用A滑轮的好处是可以改变力的 ___________ （选填“大小”或“方向”）；若B滑轮重为 20 N，则绳重与摩擦________（选填“能”“不能”）忽略不计。 【答案】 ①. 方向 ②. 不能 【解析】 【详解】A为定滑轮，定滑轮的特点：可以改变力的方向； 由图可知，滑轮组承担物重的绳子段数。 不计绳重与摩擦时的绳端拉力为 因实际拉力大小为60N，大于不计绳重与摩擦时的绳端拉力55N，故绳重与摩擦不能忽略不计。 15. 如图小明正在做俯卧撑训练，他的身体看作一个杠杆，O为支点，B为重心，他所受重力为600N，水平地面对双手的支持力F的大小____N，人对水平地面的压力和水平地面对人的支持力_____（是\不是）一对平衡力，若每做一次重心上升的高度为40cm，克服重力做的功为_____J。 【答案】 ①. 400 ②. 不是 ③. 240 【解析】 【详解】[1]根据杠杆平衡条件​，由图可知，支点为O，支持力的动力臂 重力的阻力臂，根据杠杆平衡的条件得 解得 [2]平衡力的条件是：作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线。人对地面的压力受力物体是地面，地面对人的支持力受力物体是人，两个力作用在不同物体上，属于相互作用力，不是平衡力。 [3]根据功的公式，克服重力做的功为 16. 重500N的小明在60s内跳绳150个，每次跳离地面的高度为5cm，则小明跳一次绳克服重力所做的功是________，功率为________W。小华在60s内跳绳120个，则小华跳绳的功率________（一定小于/一定大于/可能大于）小明跳绳的功率。 【答案】 ①. 25J ②. 62.5 ③. 可能大于 【解析】 【详解】跳一次克服重力做的功为 小明跳绳的总功为 小明跳绳的功率为 因小华的重力、每次起跳高度均未知，无法确定小华60s内做的总功，故其功率可能大于小明的。 17. 如图所示，斜面长，高，建筑工人用绳子将重600N的物体从其底端沿斜面向上匀速拉到顶端，拉力的大小为200N（忽略绳子的重力）。拉力F对物体做的总功是__________________J；斜面的机械效率为__________________；在此过程中，物体所受的摩擦力为__________________N。 【答案】 ①. 400 ②. 90% ③. 20 【解析】 【详解】拉力做的总功为 有用功为 斜面的机械效率为 额外功为 因额外功为克服摩擦力做的功，故物体所受摩擦力为 18. 如图所示，将摆球从A点静止释放，经过最低点O到达B点，A、B两点等高，摆球从A点到O点的过程中，细绳对小球拉力________（做功/不做功），________能转化为动能。整个过程中，摆球的机械能大小_________（不变/减小）。 【答案】 ①. 不做功 ②. 重力势 ③. 不变 【解析】 【详解】摆球在运动过程中，细绳对球的拉力方向始终与小球运动方向垂直，拉力方向上没有移动距离，由做功的两个必要因素可知，细绳对小球的拉力不做功； 摆球从A点到O点的过程中，高度逐渐降低，质量不变，重力势能减小，摆球速度由静止逐渐增大，动能增大，在此过程中，减小的重力势能转化为增大的动能； 摆球在A、B两点的重力势能相等，且两点处动能均为零，故初末状态机械能相等。在整个过程中，只有重力做功，满足机械能守恒条件，因此整个过程中摆球的机械能大小不变。 19. 如图是某物质熔化过程中温度随时间变化的图像。根据图像可知，该物质属于______（晶体/非晶体），其熔点是______，在段处于______状态，在状态的内能比状态的______。 【答案】 ①. 晶体 ②. ③. 固液共存 ④. 小 【解析】 【详解】由图像可知，该物质在  段吸热但温度保持  不变，说明有固定的熔化温度，属于晶体。该固定温度即为熔点，故熔点为  。 物质从  状态到  状态的过程中持续吸收热量，温度升高，内能增加。所以  状态的内能比  状态的小。 20. 质量均为0.5kg的两种液体在相同时间内放出相同的热量，它们温度随时间变化的关系如图所示。则在0~12min内，两种液体温度的变化量之比Δt甲：Δt乙为______，放出的热量之比Q甲：Q乙为______，比热容之比c甲：c乙为______。 【答案】 ①. 1∶2 ②. 1∶1 ③. 2∶1 【解析】 【详解】由图像可知，0~12min内甲、乙初温均为，甲末温，乙末温。 甲的温度变化量为 乙的温度变化量为 因此 因相同时间内两种液体放出热量相同，0~12min时间相等，故放出的热量之比 由可知，质量相同、放出热量相同时，温度变化量与比热容成反比，因此 三、作图题（每题2分，共6分） 21. 按照题目要求作图： （1）如图（a）为某同学正在投铅球的过程，请在图（b）中画出铅球离开手后在空中运行直到落地过程中其动能随时间变化的关系图像。设铅球刚离开手时动能为） （2）如图是一个杠杆式简易起吊机，它上面装了一个定滑轮可以改变拉绳的方向，杠杆OBA可绕O点转动。请在图上画出杠杆OBA的动力臂L和物体M所受重力的示意图。 （3）用如图所示的滑轮组将水桶匀速提升，请在图中用笔画线代替绳子画出连接滑轮组最省力的绕法。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 铅球离手后，铅球在上升过程中，质量不变，速度不断减小，动能不断变小；铅球在最高点时，仍有一定的速度，故其动能不为零，即图线不能与横轴相交；铅球在下降过程中，质量不变，速度不断变大，动能不断变大。所以在整个运动过程中，铅球的动能先变小后变大，如图所示： 【小问2详解】 从支点向动力作用线引垂线，作出动力臂，用双箭头标出，标上字母L；过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，即为物体的重力示意图。如下所示： 【小问3详解】 利用滑轮组提升物体，承担物重的绳子股数越多，滑轮组越省力；图中只有一个动滑轮，最多可以从动滑轮画出三根线，即3股绳承担物重，此时最省力，根据“奇动偶定”的规律，绳子固定端应拴在动滑轮上，作图如下： 四、实验探究题（每空2分，共36分） 22. 根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题。 （1）实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，此时应将杠杆右端的螺母向________调节（左/右），使杠杆在水平位置达到平衡，这样做的目的是________。 （2）如图乙所示，在A点挂2个重均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为________N。 （3）如图丙，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F________（变大/变小/不变）。 （4）实验过程中下列三个因素，不会影响探究结果的是________。 A. 铁架台没有放在水平桌面上 B. 弹簧测力计的弹簧和刻度盘之间的摩擦较大 C. 实验所用的钩码生锈 （5）实验小组进一步将杠杆制成杆秤，为了增大该杆秤的最大称量值，可以在原提纽位置O的________（左/右）侧适当位置新增一个提纽。 【答案】（1） ①. 右 ②. 便于直接从杠杆上读出力臂的大小 （2）1.5 （3）变大 （4）A （5）右 【解析】 【小问1详解】 图甲中杠杆左端低右端高，平衡螺母应向杠杆上翘的右端调节；使杠杆在水平位置平衡时，力臂与杠杆重合，可直接通过杠杆上的刻度读取力臂长度，方便测量力臂。 【小问2详解】 设每个小格长度为L，根据杠杆平衡条件，A点总拉力为 A点力臂为3L，B点力臂为2L，代入得 解得。 【小问3详解】 弹簧测力计从竖直位置转到倾斜位置时，拉力的力臂会小于B点到支点的杠杆长度，力臂变短。阻力和阻力臂都不变，根据杠杆平衡条件，拉力需要变大才能维持杠杆平衡。 【小问4详解】 A．铁架台没放水平，杠杆自身的平衡调节、力臂的测量都不受影响，不会干扰杠杆平衡条件的探究，故A符合题意； B．弹簧测力计的摩擦会导致测得的拉力数值不准，影响结果，故B不符合题意； C．钩码生锈会使钩码实际重力和标注值不符，引入误差，影响结果，故C不符合题意。 故选A。 【小问5详解】 杆秤的原理是杠杆平衡条件，秤盘在提纽右侧，要增大最大称量值，在秤砣重力不变的情况下，需要减小物体侧的力臂、增大秤砣侧的最大可测力臂，因此在原提纽O的右侧新增提纽，能让秤盘到新提纽的距离更小，提升最大称量。 23. 图甲为“探究动能大小与哪些因素有关”的实验装置，将小车从斜面上高h处由静止释放，运动至水平木板（足够长）上后与木块碰撞。通过改变小车释放时的高度h、在小车中增加钩码和在木板上铺垫棉布的方法，得到了图乙虚线框内的四个实验场景。 （1）实验中探究的动能是指 。 A. 小车即将撞击木块时的动能 B. 小车撞击木块后的动能 C. 木块被小车撞击后的动能 （2）选用场景①和______（②/③/④）可探究动能与______关系。 （3）分析场景③和④的实验现象，可初步得出结论______，生活中可以用该结论来说明汽车行驶在高速公路上不能______（超速/超载）。 （4）移去木块后，进行场景①、②、③实验时，其中①、③两次小车在水平木板上滑行距离相同，此过程中小车在水平面上克服摩擦力做的功分别为W1、W2、W3，则这三次功的大小关系是______。 【答案】（1）A （2） ①. ③ ②. 质量 （3） ①. 质量一定时，物体的速度越大， 动能越大 ②. 超速 （4） 【解析】 【小问1详解】 实验的研究对象是小车，通过木块被推动的距离来反映小车即将碰撞木块前的动能大小，因此探究的是小车即将撞击木块时的动能，故选A。 【小问2详解】 场景①和③中，小车从斜面同一高度释放，到达水平面时的速度相同，而③的小车上增加了钩码、总质量更大，控制了速度相同、改变质量，因此是探究动能大小与质量的关系。 【小问3详解】 场景③和④中，带钩码的小车总质量相同，从斜面不同高度释放，到达水平面时的速度不同，释放高度更高的③场景中小车推动木块移动距离更远，因此得到质量一定时，速度越大动能越大的结论，对应交通法规里的禁止超速要求。 【小问4详解】 场景①和③都在木板表面滑行，滑行距离相同，但③的小车总质量更大，对水平面的压力更大，因此受到的滑动摩擦力更大，根据，滑行距离相同时，摩擦力越大，克服摩擦力做功越多，因此；场景②的小车质量和①相同、从同一高度释放，小车在两场景中到达斜面底端的速度相同，具有的动能相同，而在水平面运动过程中动能全部用来克服摩擦力做功，因此两场景中摩擦力做功大小相等，即，最终三者关系为。 24. 如图甲是小明“探究串联电路的电压规律”的实验电路图。 （1）连接电路时，开关应___________。实验时，灯L1和灯L2的规格应___________（相同/不相同）。 （2）闭合开关前，电压表如图乙所示，原因是___________。 （3）闭合开关后，小明发现两灯都不发光，于是分别把电压表接在图甲中AB两点、BC两点及AC两点，测得数据分别是UAB=3V，UBC=0V，UAC=3V；小明检查发现只有灯L1和灯L2中的一盏出现故障，则故障可能是___________。 A. L1短路 B. L1断路 C. L2短路 D. L2断路 （4）处理好故障后，正确实验，小明分析多组数据得出结论：___________。（请使用文字叙述） （5）小华用电压表准确测得在同一电路中的两个小灯泡的电压不相等，由此可以判断这两只小灯泡___________（一定/不一定）是串联的。 【答案】（1） ①. 断开 ②. 不相同 （2）电压表没有调零 （3）B （4）串联电路的总电压等于串联电路各部分电路两端的电压之和 （5）一定 【解析】 【小问1详解】 连接电路时，为了保护电路安全，开关应断开；探究串联电路电压规律时，为了避免实验的偶然性，需要选择规格不相同的小灯泡进行实验。 【小问2详解】 闭合开关前，电压表指针偏向0刻度线左侧，说明电压表使用前未调零。 【小问3详解】 闭合开关后，小明发现两灯都不发光，说明电路可能存在断路故障，电压表检测后，说明电路从A点到电源再到B点的电路是通路，没有故障存在，故障存在AB两点之间，因此故障可能是断路。故选B。 【小问4详解】 分析数据可以得出结论：串联电路的总电压等于串联电路各部分电路两端的电压之和。 【小问5详解】 同一电路中两个小灯泡的电压不相等，则两只小灯泡一定是串联的，因为并联电路各支路两端电压都相等。 五、阅读题（每小题2分，共10分） 25. 阅读短文，回答问题： 国产七轴协作灵巧机械臂走进教育实验室 2026世界机器人大会上，国产自研七轴协作灵巧机械臂正式面向教育科研市场投放，大量中小学、高中开始开展机械臂模型的跨学科实践探究活动。整套灵巧机械臂是一套由大量简单机械组合而成的复合机械。机械臂每一处旋转关节都可以抽象成杠杆，关节转轴就是杠杆的支点；机械臂内部布置多条钢丝绳传动结构，钢丝绳绕过微型定滑轮，电机拉动绳索，驱动末端夹爪完成抓取动作。工程师介绍，绝大多数工业机械臂属于费力杠杆。费力杠杆虽然需要更大动力，但动力端只需要移动很小距离，末端夹爪就可以实现大范围摆动，拥有很大的工作半径，适合精密操作。某物理兴趣小组以此为灵感，利用雪糕棒、细线、轴承等材料，动手自制一台简易灵巧机械手模型。在制作调试的过程当中同学们发现，模型转轴摩擦较大时，机械效率偏低；润滑转轴、减轻手臂连杆自重、适当地增大抓取重物的质量，都能够有效提升自制机械手模型的机械效率。同学们通过调查、制作、测试、评估改进完整流程，加深了对杠杆、滑轮、功、机械效率、功的原理等知识点的理解。 根据上文材料，完成下面5道小题： （1）国产灵巧机械臂的各个转动关节相当于杠杆的__________； （2）工业灵巧机械臂大多属于费力杠杆，使用费力杠杆的优势是__________________；整套机械臂工作时，_________（选填“能”或“不能”）省功； （3）在自制简易机械手模型时，若润滑各个转动的转轴，下列判断正确的是（ ） A. 有用功变大，机械效率变大 B. 额外功变小，机械效率变大 C. 总功不变，机械效率不变 D. 额外功不变，机械效率变小 （4）使用同一套机械手模型匀速抓取重物，被抓取物体重力增大，则克服物体重力做的有用功_____（选填“变大”、“变小”或“不变”），机械效率________（选填“变高”、“变低”或“不变”）； （5）关于机械臂以及自制机械模型，下列说法错误的一项是（ ） A. 定滑轮不能够省力也不能省距离 B. 无论怎样优化设计，机械效率永远小于100% C. 机械做功越快，它的机械效率一定越高 D. 完整实践流程包括调查、制作、测试、评估改进 【答案】（1）支点 （2） ①. 省距离 ②. 不能 （3）B （4） ①. 变大 ②. 变高 （5）C 【解析】 【小问1详解】 由材料可知，机械臂每一处旋转关节都可以抽象成杠杆，关节转轴就是杠杆的支点。 【小问2详解】 费力杠杆的特点是动力臂小于阻力臂，虽然费力，但可以省距离； 根据功的原理，任何机械都不能省功。 【小问3详解】 润滑转轴不改变提升重物的重力和高度，有用功不变，但额外功减少，有用功在总功中的占比提升，机械效率变大。 故选B。 【小问4详解】 有用功，提升高度h不变，物重G增大，故有用功变大。 额外功为克服机械自重和摩擦的功，大小基本不变，有用功占总功的比例增大，故机械效率变高。 【小问5详解】 A．定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不省距离，故A正确； B．使用机械时不可避免要做额外功，有用功总小于总功，故机械效率永远小于100%，故B正确； C．机械做功越快表示功率越大，机械效率是有用功与总功的比值，二者无必然联系，故C错误； D．由材料可知，完整实践流程包括调查、制作、测试、评估改进，故D正确。 题目要求选错误的选项，故选C。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $