宁夏回族自治区银川一中2026-2027学年高二上学期期中考试物理试卷

高二期中物理 答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C B C D B C D AD BC AC 11．每空2分 (1) 1.850 4.250 (2)A (3) 12．最后两空每空2分，其余空每空1分 (1) 左 R1 A2 (2) 2.40mA 0.50A 4.7/4.8/4.9 (3) 13． (1) （4分） (2) （3分） (3) （3分） 14． (1)或 （4分） (2) 或15V （4分） (3)， （4分） 15． (1) （4分） (2)，，方向与轴正方向成角斜向右下 （5分） (3)， （6分） 1．C 【详解】A．在与外界没有电荷交换的情况下，一个系统所带的电量总是守恒的，电荷守恒定律并不意味着带电系统一定和外界没有电荷交换，故A错误； B．静电感应不能使绝缘体带电，电子和质子所带电荷量相等，但它们的质量不相等，比荷不相等，故B错误； C．元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根通过实验测得的，故C正确； D．元电荷的电量等于电子的电量，但不是电子，元电荷是带电量的最小单元，没有电性之说，当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷，故体积很小的带电体未必就是点电荷，故D错误。 故选C。 2．B 【详解】A．甲图中，与点电荷等距的A、B两点场强大小相等，方向不同，故A错误； B．乙图中，根据对称性可知，两等量异种点电荷连线中点O对称的两点A、B场强大小相等，方向相同，故B正确； C．丙图中，根据对称性可知，两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的A、B两点场强大小相等，方向相反，故C错误； D．丁图中，根据电场线的疏密程度可知，点电荷与金属板形成的电场中背离金属板的一条电场线上的A、B两点场强大小不相等，方向相同，故D错误。 故选B。 3．C 【详解】A．电容器的电容只由电容器自身决定，所以电容器放电完成后电容仍为15μF，故A错误； B．电容器充电后的电压为6kV，可知电容器的击穿电压一定大于6kV，故B错误； C．电容器充电后的电荷量为，故C正确； D．电容器放电过程的平均电流强度为，故D错误。 故选C。 4．D 【详解】A．和并联的电阻值为 所以M、N间的总电阻为 故A正确； B．和串联，流过两电阻的电流相等，则电压与电阻值成正比，即和两端的电压比为，故B错误； C．和并联，两端的电压相等，流过两电阻的电流与电阻成反比，即流过和的电流比为，故C错误； D．和串联，电流相等，则电压与电阻值成正比，即和的电压比为，所以和两端的电压比为，故D错误。 故选A。 5．B 【详解】设细线长为L，距离为h，两球间距为x，对小球b受力分析，如图所示 在小球a缓慢下移过程中，由相似三角形可得 两电荷间库仑力为 联立可得 由于h变大，比值减小，故x变大，则F变小，T变小，故选A。 6．C 【详解】AB．正常工作时，电动机的输入功率为 热功率为 则电动机的输出功率为 则正常工作时，电动机的机械效率为 故AB错误； CD．电动机被杂物卡住无法运转时，电流为 则电动机的发热功率为 故C正确，D错误。 故选C。 7．D 【详解】A．设小球电荷量的绝对值为，静止时的细线拉力大小为。小球受重力、细线拉力和电场力；细线拉力的水平分量向左，所以电场力向右，小球带负电。由受力平衡有， 联立得，故A错误； B．小球的机械能是动能与重力势能之和。以点为原点、水平向右为正方向，设小球的水平坐标为，初始水平坐标为。细线拉力不做功，由功能关系，机械能的变化等于电场力做的功，即 因此机械能随增大而增大，在圆周轨迹的最左端最小，故B错误； C．将重力和电场力合成为恒力，其大小为 由初始受力平衡可知，恒力沿初始细线斜向右下。设初始位置为点，其对径点为点，圆周的最左、最右端分别为点和点。下图标出这些位置及小球在点时重力、电场力与二者合力的方向，虚线箭头表示合力。 细线拉力始终与小球的速度垂直，不做功，重力与电场力的总功等于恒力的功。在点，沿反方向的位移达到最大值，恒力做功最小，由动能定理可知此处动能最小。设小球在点的速度大小为，细线拉力大小为，取径向指向点为正方向，由牛顿第二定律得 此处所需向心力最小，恒力沿径向向内的分量最大，因而细线拉力最小。细线只能拉不能推，恰能完成圆周运动对应。于是有 所以动能的最小值为，故C正确； D．电场力向右，小球向右运动时电场力做正功、电势能减小，向左运动时电场力做负功、电势能增大。从点开始逆时针运动一周，小球先到达最右端点，再到达最左端点，最后回到点，水平坐标先增大、再减小、最后增大，因此电势能先减小、再增大、最后减小，故D错误。 故选C。 8．AD 【详解】AB．根据闭合电路欧姆定律，有 A正确，B错误； CD．路端电压为 C错误，D正确。 故选AD。 9．BC 【详解】A．植物体内带正电的钾、钙离子等向根部聚集，可知钾、钙离子等受到的电场力方向向下，电场线方向向下，根据带电微粒轨迹可判断其所受电场力向上，带电微粒带负电荷，A错误； B．根据电场线疏密表示电场强弱可知，A点的电场强度大，根据可知，带电微粒在A点的加速度大于在B点的加速度，B正确； D．根据沿电场线方向电势降低可知，A点电势高于B点电势，带电微粒在A点的电势能小于在B点的电势能，D错误； C．根据能量守恒可知，带电微粒在A点的动能大于在B点的动能，则带电微粒在A点的速度大于在B点的速度，C正确。 故选BC。 10．AC 【详解】AB．根据v—t图像可知，粒子的加速度在逐渐增大，粒子所受电场力在逐渐增大，电场强度E随位移x在逐渐增大，故A正确、B错误； D．粒子带负电，电场力方向从A指向B，电场强度方向从B指向A，故从A到B电势逐渐升高，由于电场强度逐渐增大，故φ—x图像的斜率代表场强逐渐增大，故D错误； C．从A到B动能增大，根据能量守恒电势能逐渐减小，由于电场力增大，Ep—x图像的斜率逐渐增大，故C正确。 故选AC。 11．每空2分 (1) 1.850 4.250 (2)A (3) 【详解】（1）[1]由图甲可知，其横截面直径为 [2]由图乙可知，其长度为 （2）为了测多组实验数据，滑动变阻器应用分压接法，滑动变阻器选取总阻值较小的，便于调节。 故选A。 （3）根据欧姆定律 又 联立解得 12．每空2分 (1) 左 R1 A2 (2)4.8 (3) 【详解】（1）[1]由题图甲可知，滑动变阻器采用分压式接法，故滑动变阻器应选用最大阻值较小的； [2][3]因题中没有提供电压表，故需要将电流表与的定值电阻串联，改装成一个电压表，其量程为 所以定值电阻应选择；A处电流表应选择。 （2）由图乙可知电流表A读数 由图丙可知电流表B读数 并联电路电压相等，两端电压 因此 （3）根据并联电路规律 整理得 图像斜率 变形得 13．(1) （3分） (2) （3分） (3) （3分） 【详解】（1）与为串联关系，则有 两端的电压 根据欧姆定律可得 （2）电路电流为 根据欧姆定律可得 （3）内流过的电荷量 14． (1)或 (2)或15V (3)， 【详解】(1)或 (2) (3)， 【详解】（1）图甲中使用A、B两个端点时 得到 或 （2）图甲中使用A、C两个端点时 得到 电压表的量程是 （3）图乙中，使用A、B两个端点时 使用A、C两个端点时 解得 ， 15．(1) （4分） (2)，，方向与轴正方向成角斜向右下 （5分） (3)， （6分） 【详解】（1）设电子经加速后速度大小为。在径向电场中，电子所受电场力指向圆心，提供匀速圆周运动的向心力，有 因此电子经加速后的速度满足 电子从静止开始通过加速电场，只有电场力做功，由动能定理得，联立可得加速电压 （2）由圆轨迹的半径及为的中点可知，从到的竖直下降量和水平位移分别为和。以下分方向列式时，水平方向向右、竖直方向向下取正。第一象限的偏转轨迹及矩形电场中的两条临界轨迹如下图所示。 电子从点以速度水平射出，在第一象限仅受向下的电场力，设加速度大小为，由牛顿第二定律得。设从到的时间为，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，分别有和 联立上述三式可得 在点，水平分速度仍为，竖直向下的分速度为 由速度合成可得电子在点的速度大小 两分速度大小相等，故速度方向与轴正方向成角斜向右下。 （3）电子进入矩形区域后仅受向左的电场力，设加速度大小为，由牛顿第二定律得，结合第（1）问的速度关系可得 电子竖直向下的分速度保持为，若由边射出，其在矩形区域内的运动时间为 电子的初始水平速度向右、大小为，水平加速度向左。设进入矩形区域后的时间为，以题图中点为水平坐标的原点，其水平坐标满足 为避免电子从边穿出，临界情形是图中轨迹①在点与边相切。此时水平速度减为零，向右的位移为，由匀变速直线运动的速度与位移关系得 代入与的关系可得相切时的场强 该临界状态到达切点的时间为 相应竖直下降量为，故切点确实位于边上。当更小时，同一时刻的水平坐标更大，电子会在到达前穿过；当不小于该临界值时，向右的最大位移不超过，因而要求 在上述下限以上，场强越大，电子越早转为向左运动。为避免提前由边穿出，只需其到达时的水平坐标不小于零，即 解得 等号对应图中轨迹②恰好通过点。两个临界状态均满足由边射出的要求，故电场强度的范围为 从点到边，电场力只在水平方向做功。电子的电荷量为，水平位移为，由动能定理得 代入及可得电子离开矩形电场时的动能 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 银川一中2026/2027学年度(上)高二期中考试 物 理 试 卷 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．作答时，务必将答案写在答题卡上。写在本试卷及草稿纸上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1．关于元电荷、电荷与电荷守恒定律，下列说法正确的是 A．单个物体所带的电荷量总是守恒的，电荷守恒定律指带电体和外界没有电荷交换 B．利用静电感应可使任何物体带电，质子和电子所带电荷量相等，比荷也相等 C．元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根通过实验测得的 D．元电荷是指电子，电荷量等于电子的电荷量，体积很小的带电体就可以看成点电荷 2．在如图所示的四种电场中，分别标记有A、B两点。其中A、B两点电场强度相同的是 A．甲图中与场源点电荷等距的A、B两点 B．乙图中，关于两等量异种点电荷连线中点O对称的两点A、B C．丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的A、B两点 D．丁图中点电荷与金属板形成的电场中背离金属板的一条电场线上的A、B两点 3．心脏骤停患者在最佳抢救时间的“黄金4分钟”内，利用自动除颤器（AED）进行除颤和心肺复苏，能够有效防止患者猝死。电容器是自动除颤器的核心部件之一。利用自动除颤器进行治疗的情形如图所示，某次治疗中，电容器充电后的电压为6kV，电容器的电容为，如果电容器在2ms时间内完成放电，下列说法正确的是 A．电容器放电完成后的电容为0 B．电容器的击穿电压为6kV C．电容器充电后的电荷量为0.09C D．电容器在放电过程中的平均电流是4.5A 4．如图所示的电路中，定值电阻分别为、、、，现在M、 N两点间加12 V的稳恒电压，则下列说法正确的是 A．R1和R2两端的电压比为 B．R1和R4两端的电压比为 C．流过R2和R3的电流比为 D．M、N间的总电阻为 5．如图，带正电的小球a在外力作用下静止在绝缘光滑竖直面上的 P点，带正电的小球b用绝缘细线系住，挂在绝缘光滑竖直面上 的O点，b球静止时与a球在同一水平面内。现将小球a从P点 缓慢移到C点的过程中，则 A．b所受绳子拉力逐渐增大，所受库仑力逐渐减小 B．b所受绳子拉力逐渐减小，所受库仑力逐渐减小 C．b所受绳子拉力逐渐减小，所受库仑力逐渐增大 D．b所受绳子拉力逐渐增大，所受库仑力逐渐增大 6．某扫地机器人电动机的输入电压恒为，线圈电阻为。正常工作时电流为。下 列说法正确的是 A．正常工作时，电动机的输出功率为 B．正常工作时，电动机的机械效率为90% C．电动机被杂物卡住无法运转时，电动机的发热功率为 D．根据焦耳定律，无论电动机正常工作还是被卡住，电动机的发热功率均为 7．如图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，在匀强电场中有一根长为的不可伸长绝缘细线，细线一端固定在点，另一端系一质量为的带电小球。小球静止时细线与竖直方向成，此时让小球获得初速度且恰好能绕点在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动，重力加速度为，不考虑空气阻力。下列说法正确的是 A．匀强电场的电场强度 B．小球运动至圆周轨迹的最高点时机械能最小 C．小球从初始位置开始，在竖直平面内运动一周的过 程中，其电势能先减小后增大 D．小球做圆周运动过程中动能的最小值为 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．如图所示的电路中，电源的电动势为6.0V，内阻为2.0Ω，定值电阻R的阻值为10Ω。 闭合开关S后 A．电路中的电流为0.5A B．电路中的电流为3.0A C．路端电压为1.0V D．路端电压为5.0V 9．“空间电场防病促生”技术的基本原理是通过直流电源在悬挂电极和地面之间产生空间电场，其作用之一是加速植物体内带正电的钾、钙离子等向根部聚集，促进植物快速生长。图中实线为该空间电场线的示意图。虚线为某一带电微粒只在电场力作用下的运动轨迹，下列说法正确的是 A．带电微粒带正电荷 B．带电微粒在A点的加速度大于在B点 的加速度 C．带电微粒在A点的速度大于在B点 的速度 D．带电微粒在A点的电势能大于在B点的电势能 10．如图甲所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点，一个负点电荷从A点由静止释放，仅在静电力的作用下从A点运动到B点，其运动的v—t图像如图乙所示（虚线为图线在O点的切线）。取A点为坐标原点，AB方向为正方向建立x轴，作出了AB所在直线的电场强度大小E、电势φ、粒子的电势能Ep随位移x的变化的E—x图像、φ—x图像、Ep—x图像，其中可能正确的是 A． B． C． D． 三、实验题：本题共2小题，共17分。 11．(8分) 黎向霖同学在实验室测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，其阻值大约为。 (1)用螺旋测微器测量其横截面直径如图甲所示，由图可知其直径为______mm；如图乙所示，用游标卡尺测其长度为______cm； (2)为了减小实验误差，需进一步测量圆柱体的电阻，除待测圆柱体外，实验室还备有的部分实验器材如下，要求待测电阻两端的电压调节范围尽量大，则滑动变阻器应选______；（填器材前的字母代号） A．滑动变阻器（阻值范围） B．滑动变阻器（阻值范围） (3)若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端的电压为U，圆柱体横截面的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示该圆柱体电阻率的表达式为 。 12．（9分） 宋春策同学要测量一段金属丝的电阻，可供选择的实验器材有： A．电流表A1（量程为0~0.6A，内阻r1约为2Ω） B．电流表A2（量程为0~3mA，内阻r2=100Ω） C．定值电阻R1=900Ω D．定值电阻R2=990000Ω E．滑动变阻器R3（0~20Ω，允许通过的最大电流为3A）： F．滑动变阻器R4（0~100Ω，允许通过的最大电流为3A）； G．电池E（电动势为3V，内阻很小）； H．开关S及若干导线。 (1)该同学设计了如图甲所示的测量电路，刚开始，滑动变阻器的滑片应放置在最_______端（填“左”或“右”）；定值电阻R应选择_______（填“R1”或“R2”）；A处电流表应选择_______（填“A1”或“A2”）。 (2)某次测量时，电流表A示数如图乙所示，其读数为________mA，电流表B示数如图丙所示，其读数为________A，则待测金属丝的电阻值为_____Ω。（计算结果保留2位有效数字） (3)调节滑动变阻器，测得多组电流表A的示数IA和电流表B的示数IB，并作出IB-IA图像如图丁所示，图像的斜率为k。定值电阻R和电流表A的总阻值用R0表示，可知该金属丝的电阻=_________（用R0、k字母表示） 四、解答题：本题共3小题，共37分。解题过程要有必要的公式、文字说明和步骤。 13．（10分） 如图所示的电路中，电阻，电路两端所加的总电压，用某理想电压表测得两端电压为，求： (1)流过的电流； (2)求的阻值； (3)内流过电阻的电荷量。 14．（12分） 现将内阻为的灵敏电流计G分别改装为双量程的电压表和电流表，如图甲和乙所示。 甲图中，，使用A、B两个端点时，电压表的量程为；乙图中使用A、B两个端点时，电流表量程为，使用A、C两个端点时，电流表量程为，试计算： (1)灵敏电流计的满偏电流是多少？ (2)图甲中使用A、C两个端点时，电压表的量程是多少？ (3)图乙中R3和R4的阻值各为多少？ 15．（15分） 如图所示，以为坐标原点建立平面直角坐标系，电子（电荷量大小为，质量为，重力不计）从第三象限中的匀强电场下端点由静止出发，经电场加速后从点沿轴正方向射入第二象限径向电场区域，已知该径向电场电子轨迹处的电场强度大小为，方向背离原点呈放射状向外，电子在该区域内恰好做半径为的匀速圆周运动。从点沿轴正方向离开径向电场，进入第一象限沿轴正方向的匀强电场，恰好从点进入第四象限的矩形区域，该区域内存在沿轴正方向的匀强电场，大小为，矩形区域的边界为、、、，为的中点。已知量为、、、，求： (1)加速电场的电压； (2)第一象限电场强度，和电子从点进入矩形区域时的速度的大小和方向； (3)电子能够从矩形区域边射出时对应的场强取值范围，和电子离开时的动能（用表示）。 试卷第1页（共3页） 高二期中考试 物理试卷 第1页(共4页) 学科网（北京）股份有限公司 $