09 2026年聊城市东昌府区学业水平第二次模拟试题-【中考321】2027年中考物理3年真题2年模拟1年预测（山东专版）

9 2026年聊城市东昌府区学业水平第二次模拟试题 (时间：90分钟总分：100分) 一、选择题（本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求） 1.金属能导电的原因是金属原子外层的粒子能够脱离原子核的束缚而自由移动，这种粒子是() A.离子 B.中子 C.电子 D.质子 2.小明同学打乒乓球时，不小心将球踩瘪了，但没有破裂。对于球内的气体而言，下列说法正确的是 ( A.质量不变 B.质量变小 C.密度不变 D.密度变小 3.某创业公司，开发了一种新型消防系统一声波灭火系统。该系统能发出频率低于20Hz的声波，使 火焰燃烧区域的氧气与燃料隔绝，从而在毫秒级时间内抑制火势蔓延。关于该声波灭火系统，下列 说法正确的是 () A.发出的声波音调较低 B.该声波在空气中的传播速度约为3×108m/s C.利用了声可以传递信息 D.发出的次声波对人体完全无害，可以随意使用 4.实验小组的同学通过实验探究凸透镜成像的规律。已知光源的高度为3.0cm,下表是他们记录的物 距、像距、像的高度和正倒情况。有关此实验，请分析表格判断下列说法正确的是 ( 物距/cm 6.0 8.0 10.0 12.014.0 16.0 18.020.0 22.024.0 26.0 像距/cm 60.4 35.6 26.6 22.3 20.0 18.4 17.3 16.6 像的高度/cm 15.1 7.6 5.0 3.7 3.0 2.5 2.1 1.9 像的正倒 正 正 倒 倒 倒 倒 倒 倒 倒 倒 A.该凸透镜的焦距是20.0cm B.成倒立放大的像时，物距总是小于像距 C.实验中可以根据像的正倒判断像是放大的还是缩小的 D.要使所成的像为虚像，光源和透镜间的距离应大于10cm 5.有关下列两个现象，解释正确的是 ①汽车突然刹车时，乘客身体会前倾。 ②火车站的站台边缘画有安全线，列车进站时，人必须站在安全线以外。 A.①是因为乘客受到向前的力，②是因为空气流速大压强小 B.①是因为乘客具有惯性，②是因为空气流速大压强大 C.①是因为乘客受到向前的力，②是因为空气流速大压强大 D.①是因为乘客具有惯性，②是因为空气流速大压强小 6.火箭是我国古代的一项重大发明。当点燃火药筒中的火药时，产生的高温高压燃气向后喷出，推动 火药筒和箭身向前飞行（如图所示）。现代火箭发动机的工作原理与古代火箭相同，液体火箭发动机 内部的燃料和氧化剂燃烧后产生的高温高压气体高速喷出，由此推动火箭前进。关于火箭及其所涉 及的物理知识，下列说法正确的是 A.火箭发动机工作时的能量转化类似于四冲程内燃机的压缩冲程 B.现代火箭采用液氢等高能燃料，其热值远大于古代火箭使用的火药，因此液 氢完全燃烧放出的热量一定多于火药 65 C.火箭向下喷出高温高压燃气，燃气对火箭产生向上的推力，使火箭升空，这说明物体间力的作用是相互的 D.火箭在太空中无法借助空气获得推力，因此无法继续加速飞行 7.小明家装修时，他发现工人师傅用指针式压强计测量地暖水管内的压强，如图所示，压强计的指针顺时 针偏转的角度越大，表示压强越大。他借用工人师傅的压强计，用水、盐水和两种不同形状的容器验证 了液体内部压强的特点。则下列分析错误的是 盐水 丙 A.图甲、乙可验证深度相同时，同种液体内部压强与容器的形状无关 B.图甲中，水对容器底的压力小于水的重力 C.图乙、丁可验证深度相同时，液体的密度越大，压强越大 D.图丙、丁可验证液体内部压强随深度的增加而增大 8.济南“天下第一泉”趵突泉，泉水在冬季仍能保持约18℃的恒温。该现象主要是由于深层地下水在运 移过程中吸收了地热能，济南商河县利用地下热水直接供暖，成为全国首个“地热清洁供暖无烟城”，这 体现了自然资源地热能在生活中的应用。以下有关说法正确的是 () A.地热能是从地球内部深处释放的能量，属于可再生能源和清洁能源 B.煤、石油、天然气也埋藏在地下，属于可再生能源 C.冬季泉水温度高于气温，能量会自发地从空气传递到泉水中 D.利用地热能供暖的过程中，地热能转化为电能，再转化为内能 9.在使用某品牌“真空保鲜盒”时，将食物放入盒中，盖上盖子后用小型抽气机将盒内部分空气抽出，发现 盖子明显下凹，密封牢固。下列说法正确的是 () A.抽气后盒内气压大于外界大气压，盖子下凹是由于大气压将盖子压住 B.抽气后盒内气压小于外界大气压，盖子下凹是由于大气压将盖子压住 C.抽气后盒内气压等于外界大气压，盖子下凹是手动按压造成的形变 D.抽气后无论外界气压如何变化，盖子始终保持下凹状态 10.2025年11月，某地一居民家中因插座板超期服役且插有多个大功率电器，导致插座板过热引发火灾， 造成重大财产损失。下列关于家庭电路及安全用电的说法，不正确的是 （) A.多个大功率电器接在同一个插座板上同时使用，会导致电流过大，从而引发火灾 B.发生火灾时，要先切断电源，绝不能在未断电的情况下泼水救火 C.控制电灯的开关和灯串联，只要断开开关后灯就不亮，所以开关接在相线、中性线上都可以 D.为了用电安全，应及时更换家中老化破损的电线，并加装漏电保护装置 11.小明参加社区志愿服务，用水平恒力F将楼门口的箱子沿水平地面匀速 200 W小 推到电梯口处，已知小明对箱子的推力做功随时间变化的关系如图所 150 示。若他完成推箱子的时间为20s,此过程中箱子所通过的路程为 100 16m。则下列说法正确的是 A.箱子所受合力方向与其运动方向相同 B.小明对箱子的推力做功的功率为10W 0 5 t/s C.小明推箱子的速度为3.2m/s D.箱子在运动过程中所受的滑动摩擦力的大小为50N —66 12.某探究小组的同学在探究滑轮组的机械效率与哪些因素有关时，提出了一些猜想并准备利用图甲、 乙、丙所示的滑轮组进行实验验证。猜想一：由两个相同的滑轮组成的滑轮组，其机械效率与滑轮 组的绕绳方法有关。猜想二：由两个相同的滑轮组成的滑轮组，其机械效率与滑轮组提升物体所受 的重力有关。下列有关该实验的分析正确的是 ) A.验证猜想一的小组应用图乙、丙所示的两个滑轮组进行实验 B.若用图甲、乙、丙所示的滑轮组分别拉动绳子移动相同的距离，则三个滑 轮组做的有用功相同 C.若用图甲、乙、丙所示的滑轮组分别沿竖直方向匀速拉动绳子，不计摩擦 和绳重，则F3<F<F2 甲 乙 丙 D.用图甲、乙所示的两个滑轮组进行实验，若实验测得两滑轮组的机械效率 大小不相等，则可初步判断猜想二是错误的 13.小明同学想观察红、绿、蓝三束光照射到白屏上重叠部分的颜色，他还好奇红、绿两束光，绿、蓝两束 光以及红、蓝两束光照射到白屏上重叠部分的颜色，于是使用红、绿、蓝三种颜色的发光二极管和干 电池等元件设计了一个电路图。电源电压在安全范围内，则下列电路设计能达成目的的是() 红灯 绿灯 红灯 红灯绿灯蓝灯 绿灯处 A 蓝灯 绿灯 红灯 蓝灯 蓝火 14.如图所示，用两种不同的金属丝组成一个闭合回路，将触头1置于热水杯中，将触头2置于冷水杯 中。此时回路中灵敏电流计的指针就会发生偏转，这就是温差电现象。下列有关该过程的说法正 确的是 ) A.热水减少的内能全部转化成了电能 B.该过程表明只要电路闭合，即使没有电源也能产生电流 康铜丝 铜丝 C.该现象产生的原因是两种金属丝连接处的温度差，导致自由电子发生定向 移动，从而在回路中产生了电流 水 水 D.该过程中不会发生电流的热效应这一现象 15.如图为初中体育均衡检测中握力计的工作原理简图，电源电压恒为3V,R的阻值大小与其连入电 路的长度成正比，R。为保护电阻，弹簧电阻不计。握力F为零时，P在A端，此时电流表的示数为 0.6A;握力F最大时，P在B端，此时电流表的示数为0.1A。P从A端滑至B端的过程中，下列说 法正确的是 ( ) A.握力越大，电流表的示数越大 握力方向w]弹力方向 B.R的最大阻值是252 弹簧连片 C.R,的阻值是302 BRA D.若减小R。的阻值，所测握力F的范围将发生变化 二、填空与作图题（本题共3小题，每空1分，作图3分，共15分） 16.阅读材料，回答下列各题： 新疆大学科研团队成功研发出全球首款棉花激光打顶机器人（如图所示）。传统农业中，棉农 67 需弯腰手动掐除棉花顶端（打顶），劳动强度极大。这款机器人通过激光精准灼断 顶芯，利用北斗导航自主行进，工作效率可达人工的10倍以上，且夜间也能借助红 外摄像头正常工作。机器人搭载的锂电池组一次充电可连续作业8小时，真正用 科技将农民从繁重的体力劳动中解放出来。 (1)机器人利用激光灼断棉花顶芯的过程，是将光能转化为 能。机器人依靠北斗导航系统行 进，北斗卫星与机器人之间通过 传递信息。 (2)已知机器人锂电池组的输出电压为48V,输出容量为100Ah,那么该电池组充满电 51 后储存的电能是 J。若机器人作业时的平均总功率为480W,充满电后理论上 >S2 能连续工作 h。假设这款机器人有两种识别启动方式：人脸识别(S,)、密码识 别(S2),任意一种方式识别成功，则相应开关闭合，机器人启动，在图中把对应电路连接 机器人 起来。 17.某国产旗舰手机采用“VC均热板”散热技术。均热板内部被抽成真空，并密封有极少量（约0.5g)的 液态冷却剂高纯度水。散热原理是当手机芯片发热时，均热板内的高纯度水吸收热量变成水蒸气，水 蒸气遇到温度较低的区域会冷凝变回水，释放热量。 (1)在均热板真空腔体中，水的沸点降至40℃，这说明水的沸点受 影响。 (2)均热板内的水先后经历的物态变化是 (3)若均热板真空腔体中密封有0.5g水，那在40℃时全部变成水蒸气需要吸收1200J的热量。若 这0.5g水的水温从30℃升高到40℃，仅靠温度升高能吸收 J的热量[水的比热容c=4.2× 103J/(kg·℃)]。可见，手机采用“VC均热板”散热技术，主要利用了水在物态变化时能吸收大量热 量的特性，从而高效散热。 (4)水在物态变化时吸热是克服水分子间的 而升温吸热是让水分子运动得更 ,前 者需要的能量要大得多，所以散热效率更高。 18.良种是增产的重要因素之一。如图所示，农民利用浮力选种时，将种粒浸没在适当密 度的盐水中并适当搅拌，静置一段时间后，好种子沉在底部，这是因为好种子的密度 898 盐水的密度；而漂浮在液面上的种子是坏种子，其重力 所受的浮 力。（均选填“大于”“等于”或“小于”） 三、实验探究题（本题共4小题，共32分） 19.(6分)探究光的反射定律及其在角反射器中的应用。 法线：光屏 反入 序号 1 2 3 反射光线人 射射 入射光线 入射角 30° 45° 60° 角：角 反射角 30° 45° 60° 平面镜 0 甲 乙 丙 (1)将激光笔、平面镜、可折叠光屏，按照图甲装配好，使光屏与平面镜 (2)将显示有反射光线的半个光屏向后折转一定角度，若向后折转的光屏上没有反射光线，可 得 (3)若要使入射角变大，不改变入射点的位置，图甲中的激光笔应该向 （选填“上”或“下”)移动。 —68 (4)在光屏上用笔描出入射光线与反射光线，用量角器测出入射角、反射角的大小并填入表格中。 改变入射角的大小，重复实验。由表格数据可得出的结论是： (5)激光测距技术之所以能测量地球与月球之间的距离，是因为月球上安装的角反射器。如图乙所 示，角反射器就是把三面镜子两两相互垂直地对接在一起的装置，就像房间的墙角一样。光无论从 什么角度射到它上面，角反射器总能将光沿入射的相反方向反射回去。请利用光的反射定律，在图 丙中画出上述现象中光的传播路径。 20.(6分)利用如下实验装置探究浮力大小与哪些因素有关。 (1)如图A所示，在弹簧测力计下悬挂一个金属块，金属块静止 时，读出弹簧测力计的示数，这就是金属块所受 的大小。 (2)将悬挂在弹簧测力计下的金属块浸人水中（如图B所示），由 A、B两图可知，图B中弹簧测力计的示数变小，两图中弹簧测力 计的示数差就是 的大小。 (3)比较B、C两图中弹簧测力计的示数，说明浸在同一种液体中 的金属块所受浮力的大小跟 有关。 (4)比较 两图中弹簧测力计的示数，说明金属块排开液体的体积相同时，液体的密度越大， 所受浮力越大。 (5)若想探究金属块所受浮力大小跟浸没深度是否有关，可以选图 作为参照实验，接下来 的操作是： 21.（7分)如图甲所示，小明和弟弟在玩跷跷板。 弟弟 小明对弟弟说，自己有办法让跷跷板在水平位 小明 E 置保持平衡。于是，他向弟弟讲起了自己探究 N 1E1 杠杆平衡条件的实验，给弟弟做了一次物理实 0 验的启蒙。 (1)首先安装杠杆，调节两端的 使杠 丙 杆在水平位置平衡。 (2)①如图乙所示，第一次实验在杠杆左边挂3个钩码（每个钩码的质量为50g),用弹簧测力计在 杠杆右边某一位置竖直拉住杠杆。弹簧测力计对杠杆竖直向下的拉力F,是动力，动力臂为L;钩码 对杠杆的拉力F,是阻力，阻力臂为2。此时弹簧测力计的示数如图丙所示，即F= N。 ②改变钩码的数量和位置以及弹簧测力计的位置，使杠杆始终在水平位置平衡，将相关数据记录在 下表中： 实验序号 F/N l/cm F2/N 12/cm 2D151050510M520H 1 15 1.5 20 2 3 10 1.5 20 5 J 2.5 10 20 2 10 (3)利用上表中数据找到F、1、F2、L2之间的关系，得到杠杆的平衡条件是 (4)若在实验1中，保持杠杆在水平位置平衡，改变弹簧测力计拉杠杆的方向（如图丁所示），弹簧测 力计的示数会 (选填“变小”“不变”或“变大”)，请在图丁中作出F1的力臂11。 69 (5)请利用(3)得到的结论，说出小明让图甲中的跷跷板在水平位置平衡的办法： 22.(13分)小明同学利用电源、开关、滑动变阻器、电流表、电压表、定值电阻和螺线管等器材，完成了以 下两个探究实验。 实验一：利用图甲电路探究电流与电压的关系。 、>之 °063 甲 (1)检查发现连接的电路中有一根导线连接不当，请在图中连接错误的那根导线上画“×”，并用笔画 线表示导线将电路连接正确。 (2)电路接通前，滑动变阻器的滑片P应移至最 (选填“左”或“右”)端。 (3)连接完最后一根导线，还未闭合开关，小明发现电流表、电压表都有示数且较小，则故障可能 是 (4)排除故障后，闭合开关，改变滑动变阻器滑片的位置，记录实验数据如下表所示，其中空格处电流 如图乙所示，该示数是 Ao IIA 0.6 0.5 0.4 0.3 电压U/V 0.61.0 1.8 2.5 3.0 电流I/A 0.120.20 0.36 0.60 0.511.522.53UW 丙 (5)分析表中数据，小明发现保持电阻不变时，通过导体的电流随着电压的增大而增大，猜想电流与电 压成正比。为了验证他的猜想，请在图丙中描点并作出“1-U”图像。 (6)根据图像可知小明的猜想是 (选填“正确”或“错误”)的，因为 实验二：探究通电螺线管外部磁场的方向。 小明断开开关，将电压表拆下，然后将定值电阻更换为螺线管，电路连接如图丁所示。 戊 (7)闭合开关后向右移动滑片，发现通电螺线管附近的小磁针发生偏转，静止时指向如图丁所示。根 据小磁针的指向，可判断通电螺线管的b端为 (选填“N”或“S”)极，你的判断依据是 (8)小明将电源的正负极对调后，再次闭合开关，发现小磁针的N极指向与原来相反。该现象说明： 通电螺线管外部磁场的方向与 的方向有关。 (9)在该实验中，小明发现小磁针偏转速度较慢，他仅将电源电压调高后，小磁针的偏转速度明显增 大。请根据实验一的结论，解释为什么电压调高后小磁针偏转速度会增大： -70 四、综合应用题（本题共3小题，共23分） 23.(6分)全球首艘高速可潜无人艇“蓝鲸号”下水时的情景如图所示。其体积为12m3,依靠智能压载 水舱系统进行浮沉调节，可实现数十米深的下潜、静态悬浮和水下航行。(g取10N/kg,近海海水 密度取p水=1.0×103kg/m3),求： (1)“蓝鲸号”在近海悬浮时所受的浮力； (2)“蓝鲸号”躲避台风风浪时至少要下潜至30m深处，若此时它正在近海悬 浮躲避台风风浪，那其距海面40m处的顶部受到海水的压强是多少？ (3)若“蓝鲸号”从近海水平潜行至远海，海水密度突变为1.03×103kg/m3时， 至少应增加多少自重才能防止上浮。 24.(9分)冬天，为了给鱼缸内的水加热，小明购买了标有“220V484W”的电热丝R,和标有“220V 242W”的电热丝R2各一根，电热丝的电阻不随温度变化。 (1)求电热丝R,正常工作时的电流。 (2)将R,和R,串联接入电路中，求R,两端的电压（保留到整数）。 (3)为了给鱼缸提供适宜的水温，小明设计的加热电路需要满足以下要求： A.当水温低于20℃时，启动高挡快速加热，功率为484W; B.当水温在20℃至30℃之间时，启动低挡保温； C.当水温高于30℃时，断开整个电路。 他找到了4种规格的温控开关（功能见下表），从中选择两个开关设计了如图所示的电路。 元件类型 符号 功能 S 温度低于20℃时闭合，高于20℃时断开 220 Vo- 温控开关 $ 温度低于20℃时断开，高于20℃时闭合 S3 温度低于30℃时闭合，高于30℃时断开 温度低于30℃时断开，高于30℃时闭合 ①根据电路设计要求可知，电路图α、b两处应该填写的开关符号和电热丝符号分别是 (均选填“S,”“S2”“S,”“S4”“R,”或“R2”) 71— ②按设计连好电路后，为调整功率，小明取下R2电热丝，剪掉一截后接回原电路。再启动低挡，测得 其中电热丝R2两端的电压为120V,请计算此时电路的总功率。 25.(8分)在生产生活中，人们常用抽水机将水从低处抽到高处。其中有一种活塞式抽水机，利用人力反 复提压手柄就可以抽水。科技小组近期开展了一个项目化学习一一了解并制作简易活塞式抽水机。 【任务一】了解活塞式抽水机的工作原理 如图1所示，活塞式抽水机主要由圆筒、活塞、两个只能向上开启的阀门(A、B)、出水管等组成。其 中，活塞跟筒壁紧密接触但是可以上下滑动，A、B是只能向上开启的阀门。使用时，有经验的人会先 往抽水机的圆筒里倒一点水，这样可以更容易把水抽出来。 挤压 出 压 挤压 气囊 水 管 圆筒 气囊 出水管 活塞 出水管 大气压 大气压 阀门 50 cm 玻璃球 诈 递排滋 图1 图2 图3-甲 图3-乙 【任务二】设计并制作简易活塞式抽水机 如图2所示，准备一个用来装洗涤液的空瓶子，剪下瓶子的瓶底，瓶子上部作为抽水机的圆筒，把瓶底 再略剪一小部分作为活塞，在瓶子的侧壁上打一个出水口并装上出水管，在瓶盖上挖一个洞，将其作 为进水口。在活塞上打孔，用橡皮膏把塑料片的一边黏在活塞上，使塑料片能盖住孔，作为一个阀门， 把玻璃球放到瓶盖的洞口，简易活塞式抽水机就制作完成了。 (1)如图1，有经验的人在使用该抽水机时先往圆简里倒一点水，目的是增强活塞与筒壁间的 A.气密性 B.摩擦力 C.压强 (2)某地大气压为9×10Pa,理论上活塞式抽水机可提升水的最大高度是 m(g取10N/kg);与平原 地区相比，活塞式抽水机在高原地区可提升水的最大高度 (选填“变小”“变大”或“不变”)。 (3)图2所示的简易活塞式抽水机，上拉活塞时，阀门 (选填“打开”或“关闭”)，瓶口的水在 的作用下顶开玻璃球，进入圆筒内。 【任务三】拓展学习：按压式抽水器 生活中有一种按压式抽水器，如图3-甲所示，它的结构如图3-乙所示。向下按压气囊，阀门A关闭， 阀门B打开，气囊内的空气被挤压进水桶内，使水桶内气压增大，水被压入出水管并从管口排出。已 知桶的容积为18L,出水管下端接近桶底，桶底到出水管管口的竖直高度为50cm,大气压po=1× 105Pa。(p水=1×103kg/m3,g取10N/kg) (4)当桶内液位高度为30cm,此时要将桶内的水压出，则应使桶内气压至少比外界气压大 Pa。 (5)该同学翻阅资料后得知：桶内气压增加的百分比等于桶内空气质量增加的百分比。若要保证按压 一次气囊就能将剩余的接近桶底的水压出来，则气囊的容积至少要 L。（不计水管体积，假设 按压气囊时能使其内的空气全部挤进水桶) -72时，车所受阻力f=1000N,此时车处于平衡状态，牵 引力等于阻力，即F=f=1000N,则牵引力做功 W机械=Fs=1000N×1×105m=1×108J; 汽车的能量利用效率： W袋+W色1x103J+1.5x10'J-50%。 n= Q放 2.3×108J 答：①吨百公里能耗为1.72×108J/(100km·t); ②汽车的能量利用效率为50%。 ⑨2026年聊城市东昌府区学业水平第二次模拟试题 答案速查 1 2 3 4 6 7 8 C A A B D C D A 9 10 11 12 13 14 15 B 0 8 C 0 1.C【考点】金属导电的原理。 2.A【解析】AB.不小心将球踩瘪了，但没有破裂，说明 没有漏气，气体的质量不变，故A正确，B错误；CD.将 球珠瘪，球内气体的体积变小，根据密度公式=可 知，球内气体的密度变大，故CD错误。 3.A【解析】A.声音的音调与振动的频率有关，该系统能 发出频率低于20Hz的声波，发出的声波音调较低，故A 正确；B.该声波在空气中的传播速度约为340m/s,故B 错误；C.声音可以传递信息和能量，低频声波能灭火， 说明低频声波可以传递能量，故C错误；D.次声波是指 频率低于20Hz的声波，人耳无法听见，但特定强度的 次声波确实会对人体健康造成多方面危害，包括听觉 损伤、神经系统症状以及内脏器官共振风险等，不能随 意使用，故D错误。 4.B【解析】A.光源的高度是3.0cm,由表格数据可知， 当像的高度与物体高度相同时u=v=2,凸透镜成倒 立、等大的实像，所以此时u=v=2f=20.0cm,故凸透 镜的焦距f=10.0cm,故A错误；B.物距大于1倍焦距 小于2倍焦距时，成倒立、放大的实像，像距大于2倍 焦距，即物距总是小于像距，故B正确；C.正立像必为 虚像(u<f=10cm),此时像总是放大（如u=6cm时像 正立)，倒立像为实像，需结合物距判断：当10cm<u< 20cm时像放大（如u=12cm时像高为15.1cm),当 u>20cm时像缩小（如u=24cm时像高为2.1cm),因 此仅凭正倒无法直接判断大小，故C错误；D.虚像条件 为(u<f=l0cm),与选项描述矛盾，故D错误。 3 容器侧壁，所以水对容器底的压力小于水的重力，故B 正确；C.图乙、丁中，容器的形状相同，液体的深度相 同，丁图中液体为盐水，密度较大，压强计指针顺时针 偏转的角度较大，即丁图中液体的压强较大，所以图 乙、丁可验证深度相同时，液体的密度越大，压强越大， 故C正确；D.要验证液体内部压强与深度有关，需控制 液体的密度相同，改变液体的深度，图丙、丁中，液体种 类不同，即液体密度不同，所以图丙、丁不可验证液体 内部压强随深度的增加而增大，故D错误。 8.A【考点】①能源的分类；②热传递的条件与方向； ③地热能的利用与能量转化。 提素养 开阔视野 地热能供暖与趵突泉的恒温奇观，都源于地球 内部蕴藏的浅层地热能。地下十几米深处常年保持 15~20℃的恒温，这层巨大的“天然保温箱”隔绝了 外界气温的剧烈波动。在供暖领域，工程师利用地 源热泵技术，将地下恒温层作为天然热源，冬季从中 提取热量送入室内，实现高效、清洁、稳定的绿色取 暖。而在济南，南部山区的雨水渗入地下深处，吸收 地温后形成约18℃的恒温地下水。这些水流受地 层压力涌出地表，便造就了趵突泉冬日不冻、水面 “云雾润蒸”的自然奇景。两者皆是人类与自然和谐 共生的生动写照。 9.B【解析】盖上盖子后用小型抽气机将盒内部分空气 抽出，盒内空气减少，气压减小，小于外界大气压，在内 外压强差的作用下，盖子受到外界大气向下的压力大 于盒内空气向上的压力，合力向下，盖子下凹，密封牢 固，所以盖子下凹是由于大气压将盖子压住。 10.C【考点】①家庭电路电流过大的原因；②安全用电 原则；③开关接线规范；④电路防护。 11.D【解析】A.箱子沿水平地面做匀速直线运动，箱子 所受合力为0，故A错误；B.由图像可知，5s内小明 对箱子的推力做了200J的功，小明对箱子的推力做 功的功率为P= W_200J=40W,故B错误；C.小明 t 5s 推箱子的速度为三=20：=0.8m/s,故C错误； P D.由P= ”-=m可知，小明对箱子的推力F= 40W=50N,箱子在运动过程中所受合力为0，滑 0.8m/s 3 动摩擦力的大小等于推力的大小，即滑动摩擦力的大 小为50N,故D正确。 12.C【解析】A.验证猜想一，需要控制提升物体重力相 同，只改变绕绳方法，乙、丙提升的物重不同，不符合 控制变量要求，故A错误：B.绳子自由端移动距离S 相网时，由5=得，物体上升高度=元，有用功 W=6wb,则W0=2G·2=6,W=3G·之 2 5C,W西=2G,3=3,三个有用功不相等，故B 2G+G动 错误；C.拉力公式为F=%代入得E三2 301562G,所以R G+0,F2三2 F,<F2,故C正确；D.甲、乙绕绳方法相同，提升物重不 同，用来验证猜想二，若测得机械效率不相等，说明机械 效率确实与提升物重有关，猜想二是正确的，故D错误。 13.B【解析】因为要观察红、绿两束光，绿、蓝两束光以 及红、蓝两束光照射到白屏上重叠部分的颜色，为了 满足要求，需要红、绿、蓝三种颜色的发光二极管都能 单独工作，互不影响，且可以任意两个二极管同时工 作，所以应将三种颜色的发光二极管并联在电路中， 且每条支路都有开关进行控制该支路的通断。A.A 图中，三种颜色的发光二极管串联在电路中，当开关 闭合时，三个二极管同时工作，没法单独工作，故A不 符合题意；B.B图中，三种颜色的发光二极管并联在 电路中，并且每个支路中都有开关，三个二极管可以 单独工作，也可以任意两个二极管同时工作，故B符 合题意；C.C图中，红色的发光二极管接在千路上，绿 色和蓝色的二极管并联在电路中，可以只有红色和绿 色的二极管发光，也可以只有红色和蓝色的二极管发 光，但不能只有绿色和蓝色的二极管发光，故C不符 合题意；D.D图中，绿色的发光二极管接在千路上，红 色和蓝色的二极管并联在电路中，可以只有红色和绿 色的二极管发光，也可以只有绿色和蓝色的二极管发 光，但不能只有红色和蓝色的二极管发光，故D不符 合题意。 14.C【解析】A.热水减少的内能有部分传递给了空气， 并没有全部转化为电能，故A错误；B.当铜丝两端出 现温差时，在导线中产生电流，表明导线两端有电压， 此装置相当于电源，电源是提供电能的装置，电路中 没有电源是不能产生电流的，故B错误：C.电荷的定 向移动形成电流，金属丝中可以自由移动的是电子， 所以该现象产生的原因是两种金属丝连接处的温度 差，导致自由电子发生定向移动，从而在回路中产生 了电流，故C正确；D.金属丝有电阻，当电流通过金属 丝时，电能转化为内能，会发生电流的热效应这一现 象，故D错误。 15.B【解析】A.分析电路可知，保护电阻R。和变阻器 R串联，电流表测电路电流。握力越大，变阻器R连 入电路的阻植邀大，根据1日，电流来的示教越小， 故A错误；BC.握力F为零时，P在A端，此时保护电 阻R单独接入电路，则R的阻值为R,=0.6A -U-3V 52,握力F最大时，P在B端，此时变阻器R的最大 U 3V 阻值接入电路，总电阻为R4=01A300,剥R 的最大阻值为R大=R慧-R。=30D-5D=252,故B正 确，C错误；D.握力F为零时，P在A端，握力F最大 时，P在B端，滑片移动范围不变，所以若减小R。的 阻值，所测握力F的范围不变，故D错误。 16.(1)内电磁波(2)1.728×10710 如图所示： 机器人 会审题…。 信息提取 人脸识别(S1)、密码识别(S2),任意一种方 式识别成功，则相应开关闭合，机器人启动→两开 关并联，电动机位于干路。 【考点】(1)①能量转化；②电磁波的应用。 【解析】(2)该电池组充满电后储存的电能W=Ut= 48V×100A×3600s=1.728×10?J,已知机器人平均 功率P=480W,充满电后理论上能连续工作的时间t= W_1.728x10J-36000s=10hg P480W 17.(1)气压(2)汽化液化(3)21(4)引力剧烈 【解析】(1)液体的沸，点与气压有关，气压越低，沸点 越低。均热板内部为真空环境，气压远低于标准大气 压，导致水的沸点降低，说明水的沸点受气压（大气压 3 强)影响。(2)液态水吸收热量变为水蒸气，该物态变 化是汽化。水蒸气遇冷变回液态水，该物态变化是液 化。(3)水的质量m=0.5g=0.0005kg,温度变化量 △t=40℃-30℃=10℃，代入数据，得Q=cmAt=4.2× 103J/(kg·℃)×0.0005kg×10℃=21J。(4)水发生 物态变化时，吸热是为了克服水分子间的引力；水升 温吸热时，水分子的内能增加，分子运动变得更剧烈。 18.大于等于 【考点】物体浮沉条件。 19.(1)垂直 (2)反射光线、入射光线和法线在同一平面内 (3)下 (4)在反射现象中，反射角等于入射角 (5)如图所示： 77777777 0 【解析】(1)在探究光的反射定律实验中，为了使反射 光线能呈现在光屏上，光屏要与平面镜垂直放置。 (2)将显示有反射光线的半个光屏向后折转一定角 度，向后折转的光屏上没有反射光线，这表明反射光 线、入射光线和法线在同一平面内，当光屏不在同一 平面时，就无法呈现反射光线。(3)入射角是入射光 线与法线的夹角，若要使入射角变大，不改变入射点 的位置，根据几何关系，图甲中的激光笔应该向下移 动，这样入射光线与法线的夹角会增大。(4)从表格 数据可以看出，当入射角分别为30°、45°、60°时，反射 角也分别为30°、45°、60°，所以可得出结论：在反射现 象中，反射角等于入射角。(5)根据反射光线、入射光 线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出两次反射。 20.(1)重力(2)（金属块受到的）浮力 (3)物体排开液体的体积(4)C、D (5)C(或D)将金属块浸没在水中的不同深度，观 察弹簧测力计示数是否变化（或将金属块浸没在酒精 中的不同深度，观察弹簧测力计示数是否变化)（答案 注意前后对应) 【解析】(1)图A中金属块静止，金属块所受弹簧测力 计的拉力与其重力二力平衡，大小相等，因此测力计 示数就是金属块重力的大小。(2)根据称重法测浮力 公式F浮=G-F拉可知，A、B两图的测力计示数差就是 金属块受到浮力的大小。(3)B、C两图中，液体都是 水（密度相同），金属块排开液体的体积不同，浮力不 同，说明浸在同种液体中的物体，浮力大小和排开液 体的体积有关。(4)要验证“排开液体体积相同时，液 体密度越大，浮力越大”，需要控制排开液体体积相 同，改变液体密度，C(金属块浸没在水中)、D(金属块 浸没在酒精中)满足条件。(5)探究浮力与浸没深度 是否有关，需要控制液体密度、排开液体体积不变，仅 改变深度，因此选已经完全浸没的C或D作为参照， 接下来改变金属块在水中或酒精中的浸没深度，比较 测力计示数即可得出结论。（答案注意前后对应） 21.（1)平衡螺母（2)①2 (3)动力×动力臂=阻力×阻力臂(F,·11=F2·2) (4)变大如图所示： (5)弟弟适当远离支点0（或小明适当靠近支点0） 【解析】(1)探究杠杆平衡实验中，安装杠杆后，调节 杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，方便 后续测量力臂。(2)弹簧测力计的分度值为0.2N,指 针指向2N刻度线，因此读数为2N。(3)分析表格所 有数据，第一组2N×15cm=1.5N×20cm,第二组 3N×10cm=1.5N×20cm,第三组5N×5cm=2.5N× 10cm,第四组1N×20cm=2N×10cm,每组都满足 F1·1=F2·2,因此杠杆平衡条件为动力×动力臂= 阻力×阻力臂，即F1·L1=F2·2。(4)改变拉力方向 后，动力臂会变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡 条件，动力会变大，因此弹簧测力计示数变大。过0 点作F1的垂线，标注11即可。(5)根据杠杆平衡条 件，要让跷跷板平衡，可减小小明的力臂（小明向支点 0靠近)，或增大弟弟的力臂（弟弟远离支点0），使两 侧力和力臂的乘积相等，实现平衡。 22.（1)如图所示： (2)左(3)开关短路(4)0.50 37 (5)如图所示： A 0.6 0.5m 0.2 0.1 (6)正确 图像是一条过原点的直线 (7)S异名磁极相互吸引 (8)电流 (9)电压调高，通过螺线管的电流变大，磁性增强，所 以小磁针偏转速度增大 【解析】(1)由图可知两节千电池电压为3V,故电压 表的测量范围应选0~3V,定值电阻右端与电压表 15V接线柱的导线上画“×”，将该导线改接到电压表 3V接线柱即可。(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片需 要移到接入电阻最大的位置：本图滑动变阻器接右下 接线柱，滑片移到最左端时，接入电阻最大。（(3)连接 完最后一根导线，未闭合开关电表就有示数，说明接 线时电路已经是通路，故障为连接电路过程中开关短 路；此时滑动变阻器接入阻值最大，因此电表示数都 较小，符合题意。(4)电流表选用0~0.6A测量范 围，分度值0.02A,指针示数为0.50A。(5)1-U图像 绘制：根据表格数据，在坐标系中依次描点：(0.6V, 0.12A)、(1.0V,0.20A)、(1.8V,0.36A)、(2.5V, 0.50A)、(3.0V,0.60A),再过原点作一条倾斜直 线，使所有点大致落在直线上即可。据此作图。 (6)电阻不变时，1-U图像是一条过原点的倾斜直线， 说明电流与电压成正比，故小明的猜想是正确的。 (7)异名磁极相互吸引，小磁针N极靠近螺线管b端， 因此b端为S极。(8)对调电源正负极改变了电流方 向，磁场方向随之改变，说明通电螺线管外部磁场方 向和电流方向有关。(9)根据实验一结论可知，电阻不 变时，导体两端电压越大，电流越大。调高电源电压后， 电路电阻不变，电流变大，通电螺线管磁性增强，对小磁 针的作用力变大，因此小磁针偏转速度增大。 23.解：(1)悬浮时所受浮力： F浮=P水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×12m3=1.2× 103N; (2)海水的压强： p=p水gh=1.0x103kg/m3×10N/kg×40m=4×105Pa; (3)在远海，若保持V排不变，所受浮力变为 F浮'=p远gV排=1.03×103kg/m3×10N/kg×12m3= 1.236×105N, 浮力增加量△F浮=F学'-F浮=1.236×10N-1.2×10N= 3.6×103N, 为防止上浮，需增加同等自重以抵消增大的浮力，故 △G=△F浮=3.6×103N。 答：(1)“蓝鲸号”在近海悬浮时所受的浮力为1.2× 103N; (2)其距海面40m处的顶部受到海水的压强是 4×105Pa; (3)若“蓝鲸号”从近海水平潜行至远海，海水密度突 变为1.03×103kg/m3时，至少应增加3.6×103N自重 才能防止上浮。 24.(3)①S1R 【解析】当T<20℃时，需要高挡功率484W,此时只有 R,接入电路恰好满足功率要求，因此需要开关低于 20℃闭合，高于20℃断开，闭合后短路另一电热丝， 因此选S1。当S1闭合时，只有千路的电热丝接入，功 率为484W,因此千路的b电热丝位置选R1。 解：(1)电热丝R1正常工作时的电流 P,_484W 10w220v 2.2A。 (2)电热丝R1的阻值R1= V2(220V)2 =1002, P1484W _U紫2_(220V)2 电热丝R,的阻值R,=P,=242W =2002, 串联后，电路电流 U 220V 11 (R1+R2)(1002+2002)15 A。 11 则R,两端的电压U=R=5A×100D≈73V。 (3)②剪掉一截R2后，其电阻变小。此时R2'两端电 压为120V,则R1两端电压为U1'=U-U2'=220V- 120V=100V, 串联电路电流相等，则r=_100V R10001A, 此时电路总功率P总=U'=220V×1A=220W。 答：(1)电热丝R1正常工作时的电流为2.2A; (2)将R和R2串联接入电路中，R1两端的电压约为 73V; (3)此时电路的总功率为220W。 3 25.(1)A(2)9变小(3)关闭大气压 (4)2000(5)0.9 【解析】(1)有经验的人在使用该抽水机时先往圆筒 里倒一点水，形成水膜，增强活塞与筒壁间的气密性。 (2)在大气压为9×104Pa时，该抽水机提升水的最大 高度h=P三 9x10*Pa =9m海拔 P水g1.0×103kg/m3×10N/kg 高，气压低，与平原地区相比，活塞式抽水机在高原地 区可提升水的最大高度变小。(3)向上拉动活塞，阀 门关闭，此时活塞下方的气压将会减小，于是水在大 气压的作用下进入活塞下方的圆筒内。(4)已知桶底 到出水管管口的竖直高度为50cm,当桶内液位高度 为30cm时，要将桶内的水压出，则桶内气压p南与外 界气压Po之差至少等于20cm高的水柱产生的压强， 所以△p=p*g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.5m- 0.3m)=2000Pa。(5)要使剩余的接近桶底的水压出 来，桶内气压至少要增加p'=p*g△h'=1.0×103kg/m3× 10N/kg×0.5m=5×103Pa,因为桶内气压增加的百分 比等于桶内空气质量增加的百分比，所以可得p'= Po 芒-去0释 0.9L。 02026年济南市学业水平第一次模拟试题 答案速查 1 2 4 6 8 及 B D C B D A D 9 10 11 12 13 14 15 B A B C D A 1.B【考点】声音的三特性—音调。 2.B【解析】A.天平的读数是砝码质量加游码对应的刻 度值，砝码总质量是20g+10g+5g=35g,游码标尺的 分度值是0.2g,游码对应刻度是3.2g,所以总质量是 35g+3.2g=38.2g,故A正确；B.弹簧测力计的分度 值是0.1N,读数应该是2.8N,故B不正确；C.由图 知，电流表选用的测量范围是0~3A,分度值是0.1A, 指针指在2.5A的位置，其示数为2.50A,故C正确； D.电能表的最后一位是小数位，图中显示的数字是 00320,其中最后一个0是小数位，所以读数应该是 32.0kW·h,故D正确。