甘肃酒泉市部分学校2026-2027学年高二上学期11月期中物理试题

4 高二物理 考生注意： 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。 2.答題前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答題卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的 答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答， 超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 4,本卷命题范围：人教版必修第三册第十章至第十二章第2节。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目 要求的 1.我国新能源电动汽车技术发展迅速，国产新能源电动汽车品牌越来越受消费者的青睐.假设某新能源 6. 电动汽车内部电路中通有恒定电流，电路中某段导体在6s内有1.2C的电子向左通过它的某一横截 面，则该导体内电流的大小和方向分别为 A.0.2A向左 B.0.2A向右 C.5A向左 D.5A向右 2.如图所示，一块均匀的长方体样品，长为a,宽为b,高为c,且a>b>c.当电流沿AB方向时测得样品的 电阻为R,则当电流沿CD方向时 A.样品的电阻不变 B.样品的电阻变大 C.样品的电阻率不变 D.样品的电阻率变大 3.将阻值分别为6Ω、2Ω的两个电阻并联，并联后的总电阻为 A.30 B.80 c.号0 D. 30 国扫描全能王 【高二物理第1页（共6页）】 1觉Ag4用D通0 4,为了测定用某种物质制成的线性材料的电学特性，选取一段该材料，测量其两端电压U与通过的电流 I,根据实验数据描绘出的伏安特性曲线如图所示，则这种物质可能是某种 A.纯金属 B.标准电阻 C.超导体 D.绝缘材料 5.甲、乙两同学使用欧姆表测电阻，他们都把选择开关旋到“×100”挡，发现指针偏角偏小.于是甲把选择 开关旋到“×1k”挡后重新欧姆调零再测量该电阻，乙把选择开关旋到“×10”挡后重新欧姆调零再测 量该电阻.关于甲、乙两同学的操作，下列说法中正确的是 A.甲的操作正确 B.乙的操作正确 C,甲、乙的操作均错误 D.甲、乙的操作均正确 6,手机屏幕的自动亮度调节功能对于提供舒适的视觉体验至关重要.现用如图所示的电路模拟此功能， 小灯泡的电阻保持不变，光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，闭合开关S,当光照强度增大时， 下列说法正确的是 光敏电阻 A.小灯泡变暗 B.光敏电阻两端电压变大 C.电源的总功率变小 D.光敏电阻两端电压变小 7.一带正电的粒子在电场中做直线运动的v-t图像如图所示，1、2时刻分别经过M、N两点，已知运动 过程中粒子仅受电场力作用，则下列判断正确的是 A.M点的电势高于N点的电势 B.该电场可能为正点电荷形成的电场 C.从M点运动到N点的过程中，电势能逐渐增大 D.粒子在M点所受到的电场力大于在N点所受到的电场力 【高二物理第2页（共6页）】 国扫描全能王 二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要 求.全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 8.民航实施新规，静止携带无3C认证标识的充电宝登机，对充电宝额定能量也有明确限制，额定能量不 超过100W·h的充电宝可直接携带.如图所示为某款充电宝的产品参数，下列说法正确的是 USB一C双向快充版产品参数 产品型号 PLM18ZM 电池类型 锂离子电池 电池能量 74W·h3.7V2000mA·h 额定容量 12000mA·h(5V/3.6A) A.W·h是能量的单位 B.W·h是电荷量的单位 C.该充电宝不可直接携带登机 D.该充电宝可直接携带登机 9.物理学家密立根利用如图所示的油滴装置进行了测定电子电荷的实验，因而获得了1923年诺贝尔物 理学奖.两块水平放置的金属板A、B分别与电源的正负极相连接，板间产生匀强电场，方向竖直向下， 图中油滴P悬浮在两板间保持静止.若要使原本静止的油滴落到下极板，则下列做法可以达到目的 的有 A.保持两极板间电压不变，把下极板向下移 喷雾剂 油滴了 0+ B.断开电源，把下极板向右移 ·p C,断开电源，在两极板间插人电介质 D.断开电源，把下极板向上移 10.在匀强电场中，将电荷量为q=一6.0X10-6C的点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了W旭= 一2.4×105J的功，再从B点移到C点，电势能减小量△E=1.2×10-5J.已知电场强度的方向与 △ABC所在的平面平行，规定B点的电势为0，AB=4cm,BC=2cm,∠ABC=120°.下列说法正确的是 A.A、B两点间的电势差U=一4V B.C点的电势pc=2V C.该匀强电场的电场强度大小为200V/m D.该匀强电场的电场强度大小为100V/m 【高二物理第3页（共6页）】 ③扫指全能王 三、非选择题：本题共5小题，共57分 11.(6分)如图1所示是观察电容器的充、放电现象实验装置的电路图.S是单刀双掷开关，G为灵敏电流 计，C为平行板电容器 个I/mA ■■■■■■■■■■■■ H出 2 61/s 图1 图2 (1)当开关S接 时（填“1”或“2”），平行板电容器充电；当电容器放电时，流经G表的电流方 向与充电时 (填“相同”或“相反”). (2)将G表换成电流传感器（可显示电流I的大小），电容器充电完毕后，让电容器再放电，其放电电流 I随时间！变化的图像如图2所示，已知图线与坐标轴所围区域约有41个小方格，则电容器释放 的电荷量Q为 C;若电源电压为4V,则该电容器的电容为 F 12.(10分)某同学在实验室做“测量金属丝的电阻率”实验. V A-V-2 图1 图2 (1)他先用多用电表对该电阻进行了初步测量，他用电阻×1挡进行测量，指针位置如图1所示，则该 电阻的阻值约为 n. (2)然后用螺旋测微器测量金属丝直径，如图2所示，测量值= mm. (3)为测量金属丝的电阻，实验中提供的器材有开关、若干导线及下列器材： A.电源（电动势3V) B.电压表（量程0~3V,内阻约3k2) C.电流表（量程00.6A,内阻约0.125） D.电流表（量程0~3A,内阻约0.025） E.滑动变阻器（最大阻值约为5Ω） 【高二物理第4页（共6页）】 ③扫指全传王 堂A笔4用D通0 为使金属丝两端的电压能从零开始增大，并使测量结果尽量准确，上面器材中电流表应选用 (填器材前的字母)；测量电路选用下图中的 A A 丙 7 (4)测得金属丝的直径为d、长度为L、阻值为R,则电阻率ρ= 13.(12分)某同学用小量程的电流表（表头）改装成电压表（图甲）和电流表（图乙），表头内阻R,为5002，满 偏电流1，为1mA.已知图甲量程为0~100V,图乙中R为0n,求： (1)电阻R的大小； (2)电流表的量程. 14.(12分)如图所示为扫地机器人行走模块的简化电路，已知电源电动势E=14V,内阻r=22,电动机 正常工作时两端电压UM=10V,其线圈阻值RM=1,灯泡阻值R=10,且保持不变.闭合开关，电 动机正常工作，求： (1)通过灯泡的电流I; (2)电动机的输出功率P出， L⑧ ⑨ 【高二物理第5页（共6页）】 因扫描全能王 -IQ 赞经AGa用DMe 15.(17分)如图所示为示波器的部分结构示意图（该结构装置处于真空环境），图中两对平行金属极板 M、N和E、F分别竖直、水平放置.靠近M极板的电子从静止开始沿EF极板间的中线OO1,经M、N 间电场加速后进人E、F间电场偏转，最后打到水平放置的靶台P上.已知M、N极板间电压为U1; E、F极板长为L,间距也为L,上极板E接地，E、F极板区域外电场不计：长为气的靶台与OO,的距 离为L,左端与E、F极板右端的水平距离也为L.已知电子质量为m,电荷量为e. (1)求电子穿过N极板小孔时的速度大小o; (2)若E、F极板所加电压为U,=4,电子从A点离开偏转电场，求电子在A点的电势能E; 3 (3)若E、F极板所加电压为U3,电子恰能打到靶台最右端，求E、F极板与M、N极板间所加电压之 器 【高二物理第6页（共6页）】 C③扫描全能王 高二物理参考答案、提示及评分细则 1L.B正电荷定向移动的方向为电流方向，电子带负电，则电流方向向右，又由I=是，有1C=0.2A,B正确， 2.C材料的电阻率只与材料本身有关（也有跟温度有关），C正确，D错误；由电阻定律R=号可知，电流沿AB方向时 样品的电阻R=P是，电流沿CD方向时样品的电阻R'=ρ么，因为Q>b>c,所以电阻变小，B错误， D由并联总电阻与各部分分电阻的关系R。一尼十有R=号Q,D正确。 111 4.A由题图可知，该电阻的阻值随电压的增大而增大，表明电阻率随温度的增大而增大，则可能是纯金属，A正确， 5.A指针偏转较小，说明待测电阻阻值较大，应选用倍率更大的挡位，再欧姆调零后测量，A正确. 6.D当光照强度增大时，光敏电阻的阻值减小，则由E=I(r十R.十R光做)可知，I增大，则小灯泡变亮，A错误；又U光嫩= E-I(r十R.),则U光敏减小，B错误，D正确；P电藤=EI,则P电增大，C错误. 7.Cv-t图像的斜率表示加速度，图像的斜率不变，则粒子的加速度恒定，根据牛顿第二定律gE=a,可知，该电场为匀 强电场，粒子在M点所受到的电场力等于在N点所受到的电场力，故B、D错误；由图可知，粒子从M点运动到N点的 过程中，速度逐渐减小，即粒子的动能逐渐减小，故粒子所受电场力做负功，粒子的电势能增大，根据E=q,由于粒子 带正电，可知从M点运动到N点的过程电势逐渐升高，即M点的电势低于N点的电势，故A错误，C正确. 8.ADW·h是功率乘时间，是能量的单位，A正确，B错误；74W·h<100W·h,故该充电宝可以直接携带登机，C错误， D正确. 9.AC若要使原本静止的油滴落到下极板，减小电场力即可.保持两极板间电压U不变，把下极板向下移，即增大极板间 距，根据-号可知，电场强度减小，则电场力减小，因此油滴可落到下极板A正确：断开电源，金属板所带电荷量Q不 变根据C篇.C号E- 号，可得E=9,则把下极板向上移，虽然两板间距离变化，但两板间电场强度不变，因 此油滴仍处于静止状态，D错误：把下极板向右移，S减小了，两板间电场强度增大，油滴会向上运动，B错误：在两极板 间插人电介质，则€，增大，所以两板间电场强度减小，油滴可落到下极板，C正确. 10.C根据静电力做功和电势差的关系，A、B两点间的电势差U如=W业=2.4X10 -6.0X10元V =4V,A错误；根据功能关系有电场力做功等于电势能的减小量，B、C两点间的电势差Ux =Wx=△E选=12X105 q 6.0X10V=一2V,因知=0，根据电势与电势差间的关系有一 =U8,可得A=4V,s一=Ux,可得=2V,B正确；由于匀强电场中沿电场线方向电势均匀变化，故A、B中点 的电势为2V,连接该中点与C点即为等势线，电场线与等势线垂直并指向电势低的等势线，则过B点的电场线如图 所示，根据几何关系，C,B沿电场线方向的距离d=BC,cos60=1cm,根据电场强度与电压的关系E=Um,解得 d E=200V/m,C正确，D错误（也可以以B点为原点建坐标系，利用矢量的分解求解） 11.(1)1(1分)相反(1分)(2)3.28×103(2分)8.2×104(2分) 解析：(1)电容器与电源相连时充电，所以当开关S接1时平行板电容器充电：电容器充电时电源正极接电容器上极 板，放电时正电荷从上极板流出，所以电容器放电时，流经G表的电流方向与充电时相反， (2)根据Q=可知，放电电流随时间变化曲线与横轴所围区域的面积即为释放的电荷量，所以电容器释放的电荷量 Q1X0.4X0.2X103C=38×103C根据C=号知C=328X0C-=8.2X10+F 4V 2.5或5.0(2分)(2)0,599-0，.6012分)(3)C(2分)甲(2分)(44(22 解析：(1)电阻读数=示数×倍率，因此电阻约5×12=52. (2)螺旋测微器读数为0.5mm十10.0×0.01mm=0.600mm. (3)电源电压3V,金属丝电阻约5Q,最大电流~子 A=0.6A,因此电流表应选量程为0~0.6A的C;要求电压从 零开始增大，滑动变阻器须采用分压接法，电流表内阻约0.1252，与待测电阻相差不大，电压表内阻约3kΩ，远大于待 测电阻，因此应采用电流表外接法，故选择图甲. (4④油电阻定律R=p5,横截面积S=葉，解得。 4L ©扫描全能王 13,解：D由串联电路的特点以及欧姆定律有R:+R=号=00X100000(4分) 22AEA用D铺A6e 解得R=995002(2分) 【高二物理参考答案第1页（共2页）】 051-JQ (2)由并联电路的特点可知，R两端的电压等于表头两端的电压 则由欧姆定律可知，表头满偏时流过R的电流，=尽=99mA(4分) R2 则千路上的总电流为I=Ig十12=100mA=0.1A(1分) 即改装后电流表的量程为0~0.1A(或0~100mA)(1分，答量程为0.1A也给分) 14.解，①市欧嬲定律有无受 (2分) 解得I1=1A(2分) (2)由闭合电路欧姆定律有E=UM十I总r(2分) 解得I总=2A(1分) 又IM=I总一I.(2分) P#=UMIM-IMRM(2分) 联立解得P=9W(1分) 15.解：(1)对电子在M、N极板间的运动应用动能定理 eU=2mw2-0(2分) 2eU 解得一√m (1分) (2)电子在E、F极板间做类平抛运动 水平方向运动的时间1=二1分) _U2e(1分) 竖直方向加速度a一m 竖直方向的偏转位移y一a心 (1分) 代人数据得y号 (1分) E,F极板间电场强度为E-受-咒 (1分) A点与极板E间电势差为 Ue=E(号+）1分 代入数据得 Ue10四=9-E1分) 9 故g1=Ue=10W 9 电子在A点的电势能 Em=-egA=-10eU 9 (1分) (3)如图所示，假设电子从B点离开偏转电场，离开偏转电场后做匀速直线运动，速度偏转角的正切值 tan 0=L-y' (1分) 电子在EF极板问做类平抛运动，其位移偏转角的正切值m。一兰 (1分) 由平抛运动的推论可知tan0=2tana(1分) 联立三式解得y=上(2分) 4 同2有=兰=L√高 m 则y=1 ar= Use.Lim 2Lm 2eU 号-11分) ③扫描全能王 【高二物理参考答案第2页（共2页）】 051-JQ