精品解析：江苏苏州市吴县中学2026-2027学年高二上学期10月调研物理试卷

吴县中学教育集团2026-2027学年第一学期10月调研 高二物理 （时间：75分钟；分值：100分） 一、单选题：本大题共11小题，共44分。 1. 第一个发现电流磁效应现象的科学家是（ ） A. 奥斯特 B. 楞次 C. 法拉第 D. 安培 2. 如图，一束电子沿z轴正向流动，则在图中y轴上A点的磁场方向是（　　） A. +x方向 B. ﹣x方向 C. +y方向 D. ﹣y方向 3. 两个具有相同动能的物体A、B，质量分别为、，且，比较它们的动量则（　　） A. 物体B的动量较大 B. 物体A的动量较大 C. 动量大小相等 D. 不能确定 4. 交中人爱运动，广播操有一节跳跃运动。需要连续跳跃两次，估计一次起跳过程中地面对人的冲量大小最接近于（　　） A. B. C. D. 5. 如图所示是某种手机电池外壳上的文字说明，则下列说法正确的是（ ） A. 该电池的容量为 B. 该电池待机时的平均工作电流约为 C. 与J均属于能量的单位 D. 该电池通过静电力做功将其它形式的能转化为电能 6. 章鱼是一种温带软体动物，生活在水中。一只悬浮在水中的章鱼，当外套膜吸满水后，它的总质量为M，突然发现后方有一只海鳗，章鱼迅速将体内的水通过短漏斗状的体管在极短时间内向后喷出，喷射的水力强劲，从而迅速向前逃窜。若喷射出的水的质量为m，喷射速度为，则下列说法正确的是（　　） A. 章鱼喷水的过程中，章鱼和喷出的水组成的系统机械能守恒 B. 章鱼喷水的过程中，章鱼和喷出的水组成的系统动量增加 C. 章鱼喷水后瞬间逃跑的速度大小为 D. 章鱼喷水的过程中受到的冲量为 7. 如图所示，某实验小组同学用“碰撞实验器”验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是可以通过测量某个物理量间接解决这个问题，这个物理量是（　　） A. 小球开始释放高度h B. 小球抛出点距地面的高度H C. 小球做平抛运动的水平射程 D. 小球做平抛运动的时间 8. 在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是 A. I1增大，I2不变，U增大 B. I1减小，I2增大，U减小 C. I1增大，I2减小，U增大 D. I1减小，I2不变，U减小 9. 如图所示，游戏者享受着坐在喷泉上的快乐。若游戏者的质量，喷泉喷到人体的水柱横截面积，支撑人的水柱高，水接触人体后做平抛运动。忽略空气阻力，水的密度，重力加速度g取，则喷口处的水流速度为（ ） A. B. C. D. 10. 在如图1所示电路中，定值电阻阻值为，滑动变阻器的调节范围为，事先测得电源的路端电压与电流的关系图像如图2所示，当滑动变阻器的滑片从左端滑到右端的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 电源的电动势为3V，内阻为 B. 电源的最大效率为90% C. 电阻的最大功率为1.5W D. 电阻的最大功率为1W 11. 如图所示，在光滑水平面上有A、B两辆小车，水平面的左侧有一竖直墙，在小车B上坐着一个小孩，小孩与B车的总质量是A车质量的10倍。两车开始都处于静止状态，小孩把A车以相对于地面的速度v推出，A车与墙壁碰撞后仍以原速率返回，小孩接到A车后，又将其以相对于地面的速度v推出。每次推出后，A车相对于地面的速度均为v，方向向左。则小孩把A车推出几次后，A车返回时小孩不能再接到A车（　　） A. 5 B. 6 C. 7 D. 8 二、实验题：本大题共1小题，共15分。 12. 在“测量电源的电动势和内阻”的实验中，已知待测电池的电动势约1.5V，内阻约1.0Ω。某同学利用图甲所示的电路进行测量，已知实验室除待测电池、开关、导线外，还有下列器材可供选用： 电流表：量程，内阻约0.125Ω 电流表：量程，内阻约0.025Ω 电压表V：量程，内阻约3kΩ 滑动变阻器：，额定电流2A 滑动变阻器：，额定电流1A （1）为了调节方便，测量结果尽量准确，实验中电流表应选用______，滑动变阻器应选用______（填写仪器的字母代号）。 （2）经过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U，利用这些数据在图乙中画出了图线。由此得出电源的电动势______V；内阻______Ω。 （3）该同学实验中发现，在保证所有器材安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片时电压表的示数始终取不到1.0V以下，出现这一现象的原因可能是__________________。 三、计算题：本大题共4小题，共41分。 13. 如图所示，线圈平面与水平方向夹角θ=60°，线圈平面面积S=0.4m2。匀强磁场磁感线竖直向下，磁感应强度B=0.6T，求： （1）穿过线圈的磁通量； （2）把线圈以cd为轴逆时针转过60°，通过线圈磁通量的变化量。 14. 两块质量分别为m的木块静止在光滑水平面上，中间用一根劲度系数为k的轻弹簧连接着，如图所示。现从水平方向迎面射来一颗子弹，质量为，速度为，子弹射入木块A并留在其中。求： （1）在子弹击中木块后的瞬间木块A的速度大小； （2）在子弹击中木块后的运动过程中弹簧的最大弹性势能。 15. 如图所示，电源电动势E=9V，小灯泡L的规格为“ 6V，3W”，R1=4Ω电容器电容C =1.0×10-6F，先将单刀双掷开关S接1， 当电阻箱R2调到 R2=4Ω时，小灯泡L正常发光，然后将开关S接2，小灯泡 L和电动机M恰好均正常工作，电动机的内阻RM=1Ω，求： （1）电源内阻r的阻值； （2）单刀双掷开关S从1转接2后，通过电阻箱R2的电量q； （3）电动机正常工作时的输出功率； 16. 如图所示，在光滑水平面上放有一质量为M，半径，O为圆心的四分之一光滑圆弧轨道。一个质量为小滑块（可视为质点）以初速度平滑的滑上圆弧轨道，经过时间恰好能到达与圆弧轨道圆心等高点处C点。小滑块进入光滑斜面瞬间没有能量损失，重力加速度g取。求： （1）光滑圆弧轨道的质量M； （2）小滑块在光滑圆弧轨道上运动过程中，圆弧轨道的最大速度； （3）从小滑块进入圆弧轨道到滑上圆弧轨道C点过程中，小滑块对圆弧轨道的冲量大小。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 吴县中学教育集团2026-2027学年第一学期10月调研 高二物理 （时间：75分钟；分值：100分） 一、单选题：本大题共11小题，共44分。 1. 第一个发现电流磁效应现象的科学家是（ ） A. 奥斯特 B. 楞次 C. 法拉第 D. 安培 【答案】A 【解析】 【详解】A．奥斯特在1820年首先发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁之间存在联系，故A正确； B．楞次的核心贡献是提出楞次定律，用于判断电磁感应现象中感应电流的方向，与电流磁效应的发现无关，故B错误； C．法拉第的核心贡献是发现电磁感应现象（磁生电规律），并非电流磁效应，故C错误； D．安培的核心贡献是提出安培定则、安培力公式、分子电流假说等，并未发现电流磁效应，故D错误。 故选A。 2. 如图，一束电子沿z轴正向流动，则在图中y轴上A点的磁场方向是（　　） A. +x方向 B. ﹣x方向 C. +y方向 D. ﹣y方向 【答案】A 【解析】 【详解】据题意，电子流沿z轴正向流动，电流方向沿z轴负向，由安培定则可以判断电流激发的磁场以z轴为中心沿顺时针方向（从上向下看），通过y轴A点时方向向外，即沿x轴正向，A正确，BCD错误。 故选A。 【点睛】首先需要判断出电子束产生电流的方向，再根据安培定则判断电流产生磁场的方向。 3. 两个具有相同动能的物体A、B，质量分别为、，且，比较它们的动量则（　　） A. 物体B的动量较大 B. 物体A的动量较大 C. 动量大小相等 D. 不能确定 【答案】B 【解析】 【详解】根据动能的表达式 动量的表达式 联立可得 物体A、B动能相同，，则，即物体A的动量较大。 故选B。 4. 交中人爱运动，广播操有一节跳跃运动。需要连续跳跃两次，估计一次起跳过程中地面对人的冲量大小最接近于（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】人的质量近似为50kg，地面对人的作用力近似为500N，人与地接触时间约为0.4s，根据 解得 故选C。 5. 如图所示是某种手机电池外壳上的文字说明，则下列说法正确的是（ ） A. 该电池的容量为 B. 该电池待机时的平均工作电流约为 C. 与J均属于能量的单位 D. 该电池通过静电力做功将其它形式的能转化为电能 【答案】B 【解析】 【详解】A．该电池的容量为 选项A错误； B．该电池待机时的平均工作电流约为 选项B正确； C．是电量单位，J属于能量的单位，选项C错误； D．该电池通过非静电力做功将其它形式的能转化为电能，选项D错误。 故选B。 6. 章鱼是一种温带软体动物，生活在水中。一只悬浮在水中的章鱼，当外套膜吸满水后，它的总质量为M，突然发现后方有一只海鳗，章鱼迅速将体内的水通过短漏斗状的体管在极短时间内向后喷出，喷射的水力强劲，从而迅速向前逃窜。若喷射出的水的质量为m，喷射速度为，则下列说法正确的是（　　） A. 章鱼喷水的过程中，章鱼和喷出的水组成的系统机械能守恒 B. 章鱼喷水的过程中，章鱼和喷出的水组成的系统动量增加 C. 章鱼喷水后瞬间逃跑的速度大小为 D. 章鱼喷水的过程中受到的冲量为 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】A．在章鱼喷水的过程中，章鱼的生物能转化为机械能，系统机械能增加，A错误； B．章鱼喷水过程所用的时间极短，内力远大于外力，章鱼和喷出的水组成的系统动量守恒，B错误； C．由动量守恒定律得 可得章鱼喷水后瞬间逃跑的速度大小为 C正确； D．章鱼喷水的过程中受到的冲量大小等于喷出的水的动量大，D错误。 故选C。 7. 如图所示，某实验小组同学用“碰撞实验器”验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是可以通过测量某个物理量间接解决这个问题，这个物理量是（　　） A. 小球开始释放高度h B. 小球抛出点距地面的高度H C. 小球做平抛运动的水平射程 D. 小球做平抛运动的时间 【答案】C 【解析】 【详解】两小球碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得 两小球离开轨道后做平抛运动，在空中下落的高度相等，则在空中的运动时间t相等，则有 可得 实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，可以通过测量小球做平抛运动的水平射程来间接解决这个问题。 故选C。 8. 在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是 A. I1增大，I2不变，U增大 B. I1减小，I2增大，U减小 C. I1增大，I2减小，U增大 D. I1减小，I2不变，U减小 【答案】B 【解析】 【详解】R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，即A1示数减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大，即A2示数增大．故A、C、D错误，B正确． 9. 如图所示，游戏者享受着坐在喷泉上的快乐。若游戏者的质量，喷泉喷到人体的水柱横截面积，支撑人的水柱高，水接触人体后做平抛运动。忽略空气阻力，水的密度，重力加速度g取，则喷口处的水流速度为（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】喷口处的水流速度为，与人体接触时水流速度为，设水流与人接触的很短时间内，水的质量 设这部分水受到的向下的冲击力大小为，竖直向上为正方向，由动量定理得 解得 又根据牛顿第三定律，游戏者对人的冲击力大小 对游戏者受力平衡得 得 解得 由运动学公式 解得 故选C。 10. 在如图1所示电路中，定值电阻阻值为，滑动变阻器的调节范围为，事先测得电源的路端电压与电流的关系图像如图2所示，当滑动变阻器的滑片从左端滑到右端的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 电源的电动势为3V，内阻为 B. 电源的最大效率为90% C. 电阻的最大功率为1.5W D. 电阻的最大功率为1W 【答案】C 【解析】 【详解】A．由闭合电路欧姆定律得 所以 所以由U-I图像可得 故A错误； B．因为电源效率为 所以当滑动变阻器的滑片在左端时，效率最大，为 故B错误； C．利用等效内阻法，可知当滑动变阻器阻值为 时，有最大功率为 故C正确； D．因为电阻的功率为 所以当电路电流最大时，功率最大，即滑动变阻器滑片处于右端时，此时电路电流为 解得 故D错误。 故选C。 11. 如图所示，在光滑水平面上有A、B两辆小车，水平面的左侧有一竖直墙，在小车B上坐着一个小孩，小孩与B车的总质量是A车质量的10倍。两车开始都处于静止状态，小孩把A车以相对于地面的速度v推出，A车与墙壁碰撞后仍以原速率返回，小孩接到A车后，又将其以相对于地面的速度v推出。每次推出后，A车相对于地面的速度均为v，方向向左。则小孩把A车推出几次后，A车返回时小孩不能再接到A车（　　） A. 5 B. 6 C. 7 D. 8 【答案】B 【解析】 【详解】第1次推有 第2次推有 第3次推有 可知第n次推有 则有 A车返回时小孩不能再接到A车，则有 解得 则小孩把A车推出6次后，A车返回时小孩不能再接到A车. 故选B。 二、实验题：本大题共1小题，共15分。 12. 在“测量电源的电动势和内阻”的实验中，已知待测电池的电动势约1.5V，内阻约1.0Ω。某同学利用图甲所示的电路进行测量，已知实验室除待测电池、开关、导线外，还有下列器材可供选用： 电流表：量程，内阻约0.125Ω 电流表：量程，内阻约0.025Ω 电压表V：量程，内阻约3kΩ 滑动变阻器：，额定电流2A 滑动变阻器：，额定电流1A （1）为了调节方便，测量结果尽量准确，实验中电流表应选用______，滑动变阻器应选用______（填写仪器的字母代号）。 （2）经过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U，利用这些数据在图乙中画出了图线。由此得出电源的电动势______V；内阻______Ω。 （3）该同学实验中发现，在保证所有器材安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片时电压表的示数始终取不到1.0V以下，出现这一现象的原因可能是__________________。 【答案】 ①. ②. ③. 1.50 ④. 0.83 ⑤. 电源内阻太小 【解析】 【详解】（1）[1]电源电动势约为1.5V，流过电路的最大电流约为零点几安培，电流表应选择。 [2]由于电源内阻较小，为了调节方便，测量结果尽量准确，则滑动变阻器应选 （2）[3]由图示电源图像以及 可知，电源电动势为1.50V [4]由上述解析式结合图像可知 （3）[5]根据串联电路中电压与电阻成正比，可知节滑动变阻器的滑片时电压表的示数取不到1.0V以下，说明电源内阻太小。 三、计算题：本大题共4小题，共41分。 13. 如图所示，线圈平面与水平方向夹角θ=60°，线圈平面面积S=0.4m2。匀强磁场磁感线竖直向下，磁感应强度B=0.6T，求： （1）穿过线圈的磁通量； （2）把线圈以cd为轴逆时针转过60°，通过线圈磁通量的变化量。 【答案】（1）0.12Wb；（2）0.12Wb 【解析】 【详解】（1）穿过线圈的磁通量为 （2）通过线圈磁通量的变化量为 14. 两块质量分别为m的木块静止在光滑水平面上，中间用一根劲度系数为k的轻弹簧连接着，如图所示。现从水平方向迎面射来一颗子弹，质量为，速度为，子弹射入木块A并留在其中。求： （1）在子弹击中木块后的瞬间木块A的速度大小； （2）在子弹击中木块后的运动过程中弹簧的最大弹性势能。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）对子弹和木块A组成的系统，根据动量守恒定律有 解得 （2）在子弹击中木块后，当A和B达到共同速度v时，A和B组成的系统相当于完成了一次完全非弹性碰撞，损失的动能最多，而损失的动能全部转化为了弹簧的弹性势能，所以此时弹簧的弹性势能最大，根据动量守恒定律有 解得 根据能量守恒定律可知弹簧的最大弹性势能为 15. 如图所示，电源电动势E=9V，小灯泡L的规格为“ 6V，3W”，R1=4Ω电容器电容C =1.0×10-6F，先将单刀双掷开关S接1， 当电阻箱R2调到 R2=4Ω时，小灯泡L正常发光，然后将开关S接2，小灯泡 L和电动机M恰好均正常工作，电动机的内阻RM=1Ω，求： （1）电源内阻r的阻值； （2）单刀双掷开关S从1转接2后，通过电阻箱R2的电量q； （3）电动机正常工作时的输出功率； 【答案】（1）；（2）；（3）0.75W 【解析】 【详解】（1）将单刀双掷开关S接1， 当电阻箱R2调到 R2=4Ω时，小灯泡L正常发光，此时电路的电流为 R2两端电压为 V 根据闭合电路欧姆定律可知 解得 （2）电容器与R2并联，则R2两端电压等于电容器两端的电势差，有 单刀双掷开关S从1转接2后，电容器对R2放电，流过的电量为； （3）S接2，小灯泡 L和电动机M恰好均正常工作，则电动机的电压为 =2V 电动机的总功率为 W 热功率为 W 输出功率为 W 16. 如图所示，在光滑水平面上放有一质量为M，半径，O为圆心的四分之一光滑圆弧轨道。一个质量为小滑块（可视为质点）以初速度平滑的滑上圆弧轨道，经过时间恰好能到达与圆弧轨道圆心等高点处C点。小滑块进入光滑斜面瞬间没有能量损失，重力加速度g取。求： （1）光滑圆弧轨道的质量M； （2）小滑块在光滑圆弧轨道上运动过程中，圆弧轨道的最大速度； （3）从小滑块进入圆弧轨道到滑上圆弧轨道C点过程中，小滑块对圆弧轨道的冲量大小。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）对小滑块与圆弧轨道组成的系统由于水平方向合外为0，则系统水平方向动量守恒，小滑块恰好能到达与圆弧轨道圆心等高点处C点，则在C点两者具有共同速度，则有 由能量守恒定律有 由上两式解得 代入数据解得 （2）当滑块在回到凹槽最低点时，滑槽的速度最大，则由动量守恒和能量关系有 由能量守恒定律有 解得 即滑槽的最大速度为； （3）对小滑块分析，由动量定理有 方向水平向左 方向竖直向下 则此过程中圆弧轨道对小滑块的冲量大小为 所以此过程中小滑块对圆弧轨道的冲量大小。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $