精品解析：四川省眉山市彭山区第一中学2026-2027学年高一上学期10月阶段检测生物试题

彭山一中2029届第一学期10月测试 生物试题 注意事项： 1.本试卷分为第一部分和第二部分。全卷总分100分。考试时间60分钟。 2.领到试卷和答题卡后，请用0.5毫米黑色墨水签字笔，分别在试卷和答题卡上填写姓名和准考证号，同时用2B铅笔在答题卡上填涂对应的正确选项。 3.请在答题卡上各题的指定区域内作答，否则作答无效。 4.考试结束，本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题（本部分共15道选择题，每题3分，共计45分。每道题仅一个正确选项。） 1. 原核细胞和真核细胞具有相似的细胞膜和细胞质，且都以（ ）作为遗传物质，这体现了原核细胞和真核细胞的统一性。 A. 蛋白质 B. DNA C. RNA D. 核糖体 【答案】B 【解析】 【详解】A、蛋白质是生命活动的承担者，但并非遗传物质，A错误； B、原核细胞和真核细胞均以DNA作为遗传物质，这是两者统一性的重要证据，B正确； C、RNA在部分病毒中作为遗传物质，但细胞生物的遗传物质均为DNA，C错误； D、核糖体是两者共有的细胞结构，但题目问的是遗传物质，D错误。 故选B。 2. 若通过实验来证明“钾离子是植物正常生长发育所必需的无机盐”，则以下设计错误的是（ ） A. 选择生长旺盛、长势相同的若干绿色小麦幼苗作为实验材料 B. 出现缺钾症状后需要再向培养液中添加钾离子，并继续观察幼苗生长状况 C. 所有小麦幼苗应该放置在条件适宜且相同的环境中培养 D. 需要配制不含钾离子的完全培养液和只含钾离子的培养液，其中只含钾离子的培养液作为对照 【答案】D 【解析】 【分析】由题干信息分析可知：实验的目的是探究钾离子是植物生长发育所必需的无机盐，自变量是培养液中是否含有钾离子，因变量是植物生长情况。 【详解】A、该实验的变量是有无钾离子，而实验中的无关变量需保持一致，故应选择生长旺盛、长势相同的若干绿色小麦幼苗作为实验材料，A正确； B、出现缺钾症状后，需要再向培养液中添加钾离子，并继续观察幼苗生长状况，这样能够起到第二次对照目的，使实验结果更具有说服力，B正确； C、该实验的变量是有无钾离子，而实验中的无关变量需保持一致且适宜，所有小麦幼苗应该放置在条件适宜且相同的环境中培养，C正确； D、该实验的变量是有无钾离子，遵循单一变量原则，需要配制“不含钾离子的完全培养液”和“完全培养液”作对照，D错误。 故选D。 3. “草长莺飞二月天，拂堤杨柳醉春烟。”这一诗句生动形象地勾画出早春的秀丽景色。下列与其相关的叙述，错误的是（ ） A. 柳叶属于生命系统结构层次的器官层次 B. 河中的全部鱼构成一个种群 C. “二月天”可参与生命系统结构层次的组成 D. 黄莺具有器官和系统等生命系统结构层次 【答案】B 【解析】 【详解】A、植物的器官包括根、茎、叶、花、果实、种子，柳叶是植物的营养器官，属于生命系统的器官层次，A正确； B、种群是指一定区域内同种生物的全部个体，河中的鱼包含多个不同物种，不符合种群的定义，不能构成一个种群，B错误； C、生命系统的结构层次包含生态系统、生物圈，二者均由生物成分和无机环境共同组成，“二月天”对应的温度、光照等属于无机环境，是生态系统的组成部分，可参与生命系统结构层次的组成，C正确； D、黄莺是高等动物，生命系统结构层次包括细胞、组织、器官、系统、个体等，具备器官和系统层次，D正确。 4. 下列关于核酸及核苷酸的叙述中，正确的是（ ） A. 核苷酸是生物体内储存遗传信息的物质 B. 人体内含有2种核苷酸和8种核酸 C. 玉米细胞中的核酸水解可得到8种核苷酸 D. 核糖核酸主要分布在细胞核中 【答案】C 【解析】 【分析】细胞生物中含有DNA和RNA两种核酸。 【详解】A、核苷酸是核酸的基本单位，核酸是生物体内储存遗传信息的物质，A错误； B、人体内含有两种核酸：DNA和RNA，8种核苷酸，和5种碱基，B错误； C、玉米细胞中含有DNA和RNA两种核酸，水解后会得到4种脱氧核苷酸和4种核糖核苷酸，C正确； D、核糖核酸为RNA，主要分布在细胞质中，DNA主要分布在细胞核中，D错误。 故选C。 5. 检测生物组织中的糖类、脂肪和蛋白质，下列说法错误的是（　　） A. 检测还原糖时，应将样本上清液的检测结果和样本上清液比较 B. 向鸡蛋清稀释液中加入双缩脲试剂，摇匀后样液呈现紫色 C. 斐林试剂与双缩脲试剂都由 NaOH和CuSO4组成，且使用方法也相同 D. 花生子叶临时切片用苏丹Ⅲ染液染色，在显微镜下观察到橘黄色颗粒 【答案】C 【解析】 【分析】有机物的鉴定方法：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色(沉淀)。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应；（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。 【详解】A、检测还原糖时，取 2mL 样本上清液，加入 2mL 斐林试剂，振荡试管，使样本与斐林试剂混合均匀，然后将试管置于热水浴中加热 2~3min 与样本上清液比较，观察颜色变化并记录下来，A正确； B、鸡蛋清稀释液中富含蛋白质，向其中加入双缩脲试剂，摇匀后样液呈现紫色，B正确； C、蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应，斐林试剂与双缩脲试剂都由 NaOH 和 CuSO4组成，但两者 CuSO4浓度不同，其中斐林试剂乙液为0.05g/mLCuSO4溶液，双缩脲试剂 B 液为0.01g/mLCuSO4溶液；两者的使用方法也不一样，斐林试剂是甲、乙液混合后再使用，双缩脲试剂则是先向待鉴定材料加入 A 液摇匀后，再加入试剂B液，C 错误； D、苏丹Ⅲ染液可用于检测脂肪，花生子叶临时切片中富含脂肪，用苏丹Ⅲ染液染色，在显微镜下观察到橘黄色颗粒，D正确。 故选C。 6. 水熊虫是迄今为止发现的生命力最为顽强的动物。当环境恶化时，水熊虫会自行脱掉体内99%的水分，代谢率几乎降到零，进入隐生状态。处于隐生状态时，水熊虫体内会产生大量由两个葡萄糖分子组成的海藻糖。下列说法正确的是（　　） A. 推测隐生状态时，水熊虫体内仅剩的1%水分主要以结合水的形式存在 B. 海藻糖是由两分子单糖在核糖体上脱水缩合而成的 C. 海藻糖能被人体细胞直接吸收 D. 在海藻糖溶液中加入双缩脲试剂，没有发生相应的颜色反应，说明海藻糖为非还原糖 【答案】A 【解析】 【分析】糖类包含单糖、二糖和多糖，糖类是主要的能源物质。 【详解】A、处于“隐生”状态时，水熊虫抗逆性较强，体内的水主要以结合水的形式存在，A正确； B、海藻糖是二糖，而核糖体是蛋白质合成的场所，B错误； C、据题干信息“由两个葡萄糖分子组成的海藻糖”可知，海藻糖是二糖，不能被人体细胞直接吸收，C错误； D、双缩脲试剂与蛋白质会发生紫色反应，不能用来鉴定还原糖，D错误。 故选A。 7. 水和无机盐是构成细胞的重要无机物，下列关于水和无机盐的叙述不正确的是（ ） A. 极性分子易溶于水，水是生物体内良好的溶剂 B. 无机盐离子能维持血浆的正常浓度、酸碱平衡等 C. 无机盐在生物体内含量不高，多数以化合物形式存在 D. 一般生物体自由水含量比例越高，生物代谢越旺盛 【答案】C 【解析】 【详解】A、水是极性分子，根据相似相溶原理，极性分子或离子易溶于水，因此水是生物体内良好的溶剂，A正确； B、无机盐离子如Na+、Cl-可维持血浆正常浓度，HCO3-等离子可维持血浆酸碱平衡，B正确； C、无机盐在生物体内含量不高，但绝大多数以离子形式存在，仅少数以化合物形式存在，C错误； D、自由水可作为良好溶剂、参与生化反应、运输营养物质和代谢废物，一般生物体自由水含量比例越高，代谢越旺盛，D正确。 8. 人体内含有多种多样的蛋白质。下列有关蛋白质结构与功能的叙述，正确的是（ ） A. 蛋白质的生物活性与蛋白质的空间结构无关 B. 检测氨基酸的含量可用双缩脲试剂进行紫色的显色反应 C. 氨基酸序列相同的多肽链也可折叠成不同的空间结构 D. 将紫外线作用于蛋白质导致其变性，但不会失去生理活性 【答案】C 【解析】 【分析】1、蛋白质具有多样性的原因是：氨基酸的种类、数目和排列顺序不同，多肽链的条数不同，蛋白质的空间结构不同。 2、蛋白质的功能：生命活动的主要承担者 ①构成细胞和生物体的重要物质，即结构蛋白，如羽毛、头发、蛛丝、肌动蛋白； ②催化作用：如绝大多数酶； ③传递信息，即调节作用；如胰岛素、生长激素； ④免疫作用：如免疫球蛋白(抗体)； ⑤运输作用：如红细胞中的血红蛋白。 3、蛋白质可与双缩脲试剂发生紫色反应。 【详解】A、蛋白质的生物活性主要取决于其空间结构，A错误； B、氨基酸中不含肽键，不能与双缩脲试剂发生紫色反应，因此检测氨基酸的含量不可用双缩脲试剂进行显色，B错误； C、氨基酸序列相同的多肽链也可折叠成不同的空间结构，C正确； D、将紫外线作用于蛋白质导致其变性，会失去生理活性，D错误。 故选C。 9. “肥鹅肝”因脂肪丰富而口感滑嫩，被许多人视为佳肴。通过填饲谷物可促进家鹅肥肝的快速形成。有关叙述错误的是（　　） A. 部分谷物消化吸收及转化后以肝糖原和脂肪的形式储存在肝脏中 B. 脂肪氧化分解时比等质量的糖原释放更多能量且消耗更多氧气 C. 停止填饲后转为正常喂饲可促进鹅肝中的脂肪大量转化为糖类 D. 摄入过多鹅肝可能会增加患高血压、心血管等疾病的风险 【答案】C 【解析】 【分析】糖类一般由C、H、O三种元素组成，分为单糖、二糖和多糖，是主要的能源物质。常见的单糖有葡萄糖、果糖、半乳糖、核糖和脱氧核糖等。植物细胞中常见的二糖是蔗糖和麦芽糖，动物细胞中常见的二糖是乳糖。植物细胞中常见的多糖是纤维素和淀粉，动物细胞中常见的多糖是糖原。淀粉是植物细胞中的储能物质，糖原是动物细胞中的储能物质。 【详解】A、脂肪是良好的储能物质，糖原是动物细胞的储能物质，部分谷物消化吸收及转化后以肝糖原和脂肪的形式储存在肝脏中，A正确； B、脂肪与糖类相比含氢多，含氧少，是良好的储能物质，故脂肪氧化分解时比等质量的糖原释放更多能量且消耗更多氧气，B正确； C、脂肪只有在糖类代谢出现障碍时才能转化为糖类，且通常不能大量转化为糖类，C错误； D、摄入过多鹅肝会导致脂质过多，可能会增加患高血压、心血管等疾病的风险，D正确。 故选C。 10. 如图为某多肽的结构简式，据图分析下列说法正确的是（ ） A. 该化合物含有3个肽键，是一种三肽化合物 B. 该多肽由4种氨基酸脱水缩合而成 C. 形成该多肽时，脱去的水中的氧分别来自羧基和氨基 D. 这几种氨基酸（数量不限）可以形成81种四肽化合物 【答案】D 【解析】 【分析】1、蛋白质多样性的原因有氨基酸的种类、数目、排列顺序不同和肽链的盘曲、折叠方式及其形成的空间结构不同。蛋白质分子是由氨基酸首尾相连脱水缩合而成的共价多肽链，肽键形成时脱去的氧元素来自于氨基酸的羧基，氢元素来自羧基和氨基。组成蛋白质的基本单位氨基酸有21种。 2、氨基酸结构特点：①每种氨基酸都有一个氨基（-NH2）和一个羧基（-COOH）连接在同一个碳原子上。②这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团，这个侧链基团用R表示。 【详解】A、据图分析，该化合物含有3个肽键，是一种四肽化合物，A错误； B、氨基酸的种类因为R基的不同而不同，图中的多肽由4个氨基酸（其中两个氨基酸R基相同）脱水缩合而成，共三种类型的氨基酸，B错误； C、形成该多肽时，肽键形成时脱去的氧元素来自于氨基酸的羧基，氢元素来自羧基和氨基，C错误； D、图示的多肽结构中共含有3种氨基酸，在数量不限的情况下，这三种氨基酸可以形成34=81种四肽化合物，D正确。 故选D。 11. 无机盐与生物体生命活动密切相关，下列叙述错误的是（ ） A. 人体缺少无机盐离子可能导致贫血 B. 叶绿体的形成需要Fe元素参与 C. 肌肉的兴奋性与无机盐离子浓度有关 D. 某些无机盐离子与维持血浆酸碱平衡有关 【答案】B 【解析】 【详解】A、Fe2+是血红蛋白的组成成分，缺少Fe2+会造成缺铁性贫血，所以人体缺少无机盐离子可能导致贫血，A正确； B、叶绿素需要Mg（镁）参与合成。Fe主要参与血红蛋白等，叶绿体的形成不需要Fe元素作为特征必需元素，B错误； C、Na+、K+、Ca2+等离子浓度会影响神经、肌肉细胞的兴奋性，例如血钙过低肌肉抽搐，C正确； D、血浆中的HCO3-、HPO42-等无机盐离子构成缓冲对，可以维持血浆酸碱平衡，D正确。 12. 如图为某单糖的概念模型，下列相关叙述正确的是（ ） A. 若M为果糖，则①与斐林试剂共热有砖红色沉淀产生 B. 若②均由M构成，则②不都为细胞的生命活动供能 C. 若③为RNA，则单糖M可以是脱氧核糖 D. 若M为脱氧核糖，则③可以是HIV的遗传物质 【答案】B 【解析】 【详解】A、果糖与葡萄糖脱水缩合形成的①为蔗糖，蔗糖是非还原糖，与斐林试剂共热（水浴加热）没有砖红色沉淀产生，A错误； B、纤维素、淀粉、糖原等多糖都由葡萄糖构成，故②可能是纤维素或淀粉或糖原，淀粉、糖原是细胞内的储能物质，纤维素是构成植物细胞壁的主要物质，不能为细胞的生命活动供能，B正确； C、若③为RNA，RNA中的单糖M是核糖，不是脱氧核糖，C错误； D、HIV的遗传物质是RNA，构成RNA的单糖M为核糖，D错误。 13. 某直链多肽含4个缬氨酸C5H11NO2，蛋白酶1作用于缬氨酸氨基端的肽键，蛋白酶2作用于缬氨酸羧基端的肽键。该多肽分别经酶1和酶2作用后的情况如图所示，下列相关叙述错误的是（ ） A. 缬氨酸在该多肽中的位置分别是第7、8、14、19位，其R基的分子式为-C3H₇ B. 酶1完全作用后形成的产物中氮原子数目比原多肽减少2个 C. 酶2完全作用后形成的产物中相对分子质量比原多肽增加54 D. 酶1、酶2同时完全作用后形成的肽链中氧原子数目比原多肽少了2个 【答案】B 【解析】 【分析】根据题意和图示分析可知：蛋白酶1作用于缬氨酸氨基端的肽键后，形成了三个短肽A、B、C，说明酶1作用位点是7、8、14、19左侧氨基，即该四个位点为缬氨酸；蛋白酶2作用于赖氨酸羧基端的氨基， 也既是7、8、14的右侧。 【详解】A、根据图示信息，蛋白酶1作用于缬氨酸氨基端的肽键后，形成了三个短肽A、B、C，说明酶1作用位点是7、8、14、19左侧氨基，因此该多肽中缬氨酸的位置分别是第7、8、14、19位，氨基酸至少还有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，可求得缬氨酸的R基为-C3H7，A正确； B、酶1一共作用于4个肽键，产物是形成三个多肽H和2个缬氨酸，产物中氮原子数目与原多肽相比是一样多的，B错误； C、蛋白酶2作用于缬氨酸羧基端的氨基， 也既是7、8、14的右侧，消耗了3个水分子，则酶2完全作用后形成的产物的相对分子质量与原多肽相比是增加了3个水分子的相对分子质量，即54，C正确； D、酶1、酶2同时完全作用，一共断裂6个肽键，产物是形成3个多肽、4个缬氨酸，4个缬氨酸带走5个氧原子，3个多肽上增加3个氧原子，则形成的肽链中氧原子数目比原多肽少了2个，D正确。 故选B。 14. 某链状多肽分子式C36H68N10O9彻底水解仅获得3种氨基酸：甘氨酸C2H5NO2，亮氨酸C6H13NO2，赖氨酸C6H14N2O2。下列叙述正确的是（ ） A. 该多肽含有4个赖氨酸、2个亮氨酸 B. 合成该多肽脱去水分子总相对分子质量为126 C. 该多肽仅末端1个游离氨基，无其他游离氨基 D. 该链状多肽最多有27种不同排列顺序 【答案】B 【解析】 【详解】A、多肽是链状结构，肽链末端有1个羧基（含2个氧原子），肽键中每个肽键含1个氧原子。 设该多肽由n个氨基酸脱水缩合而成，脱去n-1分子水，每个水分子含1个氧原子。 三种氨基酸中，每个氨基酸都只含2个氧原子，因此氧原子总数满足： 2n - (n-1) = 9，解得n=8，是八肽，共8个氨基酸，已知多肽总氮原子数是10，甘氨酸和亮氨酸每个都只含1个N，赖氨酸每个含2个N。 设赖氨酸有x个，甘氨酸+亮氨酸总共有8-x个，那么： 2x + 1×(8-x) = 10，解得x=2，也就是赖氨酸有2个。 接下来算甘氨酸（设为y个）和亮氨酸（设为z个）：我们可以用碳原子数验证： 总碳原子数是36，可得方程： 2y + 6z + 6×2 = 36，同时y + z = 8-2=6，联立解得： y=3，z=3，也就是：甘氨酸3个，亮氨酸3个，赖氨酸2个，A错误； B、由第一步得，8个氨基酸脱水缩合形成链状多肽，脱去8-1=7分子水，水的相对分子质量是18，因此总相对分子质量是7×18=126，B正确； C、赖氨酸的R基上有1个氨基，该多肽有2个赖氨酸，因此R基上一共还有2个游离氨基，加上肽链末端的1个游离氨基，总共有3个游离氨基，C错误； D、该多肽一共8个氨基酸，其中3个甘氨酸、3个亮氨酸、2个赖氨酸，排列顺序种类远大于27种，D错误。 15. 如图所示的图解表示构成细胞的元素、化合物，a、b、c、d代表不同的小分子物质，B、C代表不同的大分子物质，据图分析正确的有几项( ) ①在动物细胞内，与物质A组成成分和作用最相近的物质是脂肪 ②若物质A在动物、植物细胞中均可含有，并且作为细胞内最理想的储能物质，则A是脂肪③物质b是氨基酸，若某种B分子由n个b分子（平均相对分子质量为m）组成的2条链组成，则该B分子的相对分子质量大约为mn－18（n－2）④物质c在人体细胞中共有5种，分子中的含氮碱基不同决定了c的种类不同 ⑤物质d是雌性激素，d和胆固醇、维生素D都属于固醇类物质 A. 0项 B. 1项 C. 2项 D. 3项 【答案】C 【解析】 【详解】①物质A是淀粉，淀粉是植物细胞的储能物质，在动物细胞内，与物质A组成成分和作用最相近的物质是糖原，脂肪是动植物共有的储能物质，①错误； ②若物质A在动物、植物细胞中均可含有，并且作为细胞内最理想的储能物质，则A是脂肪，②正确； ③根据题意可只，n个氨基酸的总分子量为nm，在脱水缩合的过程中脱去了n-2个水分子，所以蛋白质的分子量为═氨基酸分子量╳氨基酸个数-水的个数╳18=mn-18（n-2），③正确； ④物质c是脱氧核苷酸，脱氧核苷酸在人体内有4种，分子中的含氮碱基不同决定了c的种类不同，④错误； ⑤物质d是性激素，性激素和胆固醇、维生素D都属于固醇类物质，⑤错误。 二、非选择题。本部分共四道大题，共计55分。 16. 组成脂质化学元素主要是C、H、O，有的还有P甚至N如：_________是构成细胞膜的主要成分。其中的脂肪是细胞内良好的储能物质，相等质量的脂肪比糖类储存更多的能量，原因是_________________________。固醇类物质主要包括三类，①_________是构成动物细胞膜的重要成分，还参与血液中______的运输。②_________能促进生殖器官的发育和生殖细胞的形成。③_________能促进人和动物肠道对钙和磷的吸收。 【答案】 ①. 磷脂 ②. 脂肪分子中含氢量高而含氧量低，故在氧化分解时，单位质量的脂肪较糖类消耗氧气多，产生的能量也多 ③. 胆固醇 ④. 脂质 ⑤. 性激素 ⑥. 维生素D 【解析】 【详解】脂质分为脂肪、磷脂、固醇三类，脂肪和固醇的元素组成仅为C、H、O，只有磷脂的元素组成为C、H、O、N、P，且磷脂双分子层是细胞膜的基本支架，是细胞膜的主要成分。有机物氧化分解释放能量的核心过程是[H]与O结合生成水，脂肪中H的占比远高于糖类、O占比远低于糖类，因此等质量的脂肪氧化分解时消耗更多O，释放的能量也更多，储能效率更高。胆固醇是动物细胞膜的重要组成成分，同时参与血液中脂质的运输；性激素属于固醇类，功能为促进生殖器官发育、生殖细胞的形成；维生素D属于固醇类，可促进人和动物肠道对钙、磷的吸收。 17. 图1表示细胞内某些有机物的元素组成和功能关系，图1中X、Y、Z、Q分别为构成生物大分子的基本单位，Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ、Ⅴ是生物大分子；图2为核酸的部分结构示意图。回答下列问题： （1）图1中X表示__________，人体中Ⅴ主要分布在__________。 （2）“胖人怕热，瘦人怕撞”，是因为图1中Ⅰ具有________的功能，常用________染液检测该物质。 （3）Y和Z在组成上的不同主要体现在图2中________（填序号）上。 （4）请写出Q的结构通式________。 （5）若图1中Ⅳ为一条含两个天冬氨酸（R基为—C₂H₄ON）的多肽链，化学式为CxHyOzN17S2已知氨基酸的平均分子量为126，则该多肽链形成过程中失去的水分子质量最大为________。 【答案】（1） ①. 葡萄糖 ②. 肝脏和肌肉 （2） ①. 保温、防震/缓冲 ②. 苏丹Ⅲ （3）2和3 （4） （5）252 【解析】 【小问1详解】 图1中X是组成淀粉、纤维素和Ⅴ的基本单位，所以X是葡萄糖，人体中Ⅴ是糖原，糖原主要分布在肝脏和肌肉中。 【小问2详解】 图1中Ⅰ是细胞内良好的储能物质，是脂肪，脂肪具有保温、缓冲和减压的功能，脂肪能被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色，因此可用苏丹Ⅲ染液检测该物质。 【小问3详解】 图1中Ⅱ、Ⅲ携带遗传信息，Ⅱ主要分布在细胞核，Ⅲ主要分布在细胞质，所以Ⅱ是DNA，Ⅲ是RNA，Y是脱氧核苷酸，Z是核糖核苷酸，二者在组成上的不同主要体现在2五碳糖，脱氧核苷酸的五碳糖是脱氧核糖，核糖核苷酸的五碳糖是核糖；3碱基也有区别，脱氧核苷酸的含氮碱基是A、T、C、G，核糖核苷酸的含氮碱基是A、U、C、G。 【小问4详解】 图1中Ⅳ承担生命活动，所以Ⅳ是蛋白质，Q为氨基酸，氨基酸的结构通式为。 【小问5详解】 根据题意，图1中Ⅳ为一条含两个天冬氨酸（R基为—C2H4ON）的多肽链，Ⅳ表示蛋白质，由于天冬氨酸的R基中含有N原子，即分子式含有两个N原子，因此多肽链CxHyOzN17S2中最多含有的氨基酸数=17-2=15，则该多肽链最多脱去14分子的水，因此该多肽链形成过程中失去的水分子质量最大=14×18=252。 18. 下图分别为人体细胞内某些多聚体的片段结构模式图，请据图回答问题： （1）甲图所示的化合物中文名称为_____________，其单体可用_______（填“a”或“b”）表示。 （2）若图乙所示物质一般为双链结构，则该物质初步水解产物有______种，彻底水解产物有______种。 （3）请指出丙图中哪一个位置上的氧去掉后便可成为细菌遗传物质的基本原料：__________。（填“②”或“③”） （4）在豌豆的叶肉细胞中，由A、C、T、U 4种碱基参与构成的核苷酸共有__________种。由乙图结构可知，不同生物的遗传信息不同，是因为其_______________不同。 【答案】（1） ①. 核糖核酸 ②. b （2） ①. 4种 ②. 6种 （3）③ （4） ①. 6 ②. 脱氧核苷酸的排列顺序不同 【解析】 【小问1详解】 甲图含有碱基U，为RNA片段，即核糖核酸，其单体是核糖核苷酸，可用图中字母b所示的结构表示。 【小问2详解】 乙图为双链DNA的片段，图中1、2、3的名称依次为磷酸，脱氧核糖和含氮碱基。DNA单体是脱氧核糖核苷酸，因此初步水解成4种脱氧核苷酸，彻底水解产物为磷酸、脱氧核糖、含氮碱基（碱基/A、G、C、T）共6种。 【小问3详解】 细菌遗传物质为DNA，其基本单位为脱氧核糖核苷酸，丙中③位置上的氧去掉即为脱氧核糖核苷酸。 【小问4详解】 豌豆是真核生物，其叶肉细胞同时含有DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸） 两种核酸，A、C碱基参与构成脱氧核糖核苷酸，又参与构成核糖核苷酸，T碱基仅参与构成脱氧核糖核苷酸，U碱基仅参与构成核糖核苷酸，因此由A、C、T、U4种碱基参与构成的核苷酸共有6种。乙图为双链DNA的片段，不同生物的遗传信息不同，是因为其碱基对（脱氧核苷酸）的排列顺序不同。 19. 盐碱地是我国农业生产中的重要限制因素。高盐条件下，植物细胞失水引起渗透胁迫，进而引起光合作用强度下降，抑制植物的生长发育。研究发现，高盐胁迫时，很多植物细胞会大量积累脯氨酸。回答下列问题： 有人认为：“脯氨酸可以保护植物细胞，降低高盐对细胞的伤害，提高细胞的存活率。”设计实验探究假设是否成立。 （1）实验材料应选择__________（填选项）的植物细胞。 A. 野生型：自身能合成脯氨酸 B. 突变型：自身不能合成脯氨酸 （2）完善实验方案： Ⅰ、取适量植物细胞，随机均分为甲、乙两组； Ⅱ、甲组添加适量含脯氨酸的细胞培养液，乙组添加______________； Ⅲ、两组置于相同的______________（填选项）中培养一段时间； A清水 B．低盐浓度培养液 C．生理盐水 D．高盐浓度培养液 Ⅳ、观察两组细胞的存活率。 （3）预期结果与结论： 若__________________________，则假设成立，说明脯氨酸可以保护植物细胞，降低高盐对细胞的伤害，提高细胞的存活率。 若__________________________，则假设不成立。 【答案】（1）B （2） ①. 等量不含脯氨酸的细胞培养液 ②. D （3） ①. 甲组细胞存活率明显高于乙组 ②. 甲、乙两组细胞的存活率都很低（或基本相等） 【解析】 【小问1详解】 本实验自变量为是否添加外源脯氨酸，选择自身不能合成脯氨酸的突变型细胞，可排除细胞内源合成的脯氨酸对实验结果的干扰，保证单一变量，因此实验材料应选择突变型：自身不能合成脯氨酸。B符合题意。 【小问2详解】 实验设计遵循单一变量和等量原则： 步骤Ⅱ：乙组作为对照组，除不含脯氨酸外，其余成分、体积均需与甲组培养液一致，因此添加等量的不含脯氨酸的同种细胞培养液。 步骤Ⅲ：本实验探究脯氨酸对高盐胁迫的缓解作用，需要营造高盐伤害的实验环境，因此选择高盐浓度培养液。D符合题意。 【小问3详解】 若假设成立，说明脯氨酸可降低高盐对细胞的伤害，添加了脯氨酸的甲组细胞存活率会显著高于未添加的乙组；若假设不成立，说明脯氨酸无该保护作用，甲、乙两组细胞的存活率都很低（或基本相等）。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 彭山一中2029届第一学期10月测试 生物试题 注意事项： 1.本试卷分为第一部分和第二部分。全卷总分100分。考试时间60分钟。 2.领到试卷和答题卡后，请用0.5毫米黑色墨水签字笔，分别在试卷和答题卡上填写姓名和准考证号，同时用2B铅笔在答题卡上填涂对应的正确选项。 3.请在答题卡上各题的指定区域内作答，否则作答无效。 4.考试结束，本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题（本部分共15道选择题，每题3分，共计45分。每道题仅一个正确选项。） 1. 原核细胞和真核细胞具有相似的细胞膜和细胞质，且都以（ ）作为遗传物质，这体现了原核细胞和真核细胞的统一性。 A. 蛋白质 B. DNA C. RNA D. 核糖体 2. 若通过实验来证明“钾离子是植物正常生长发育所必需的无机盐”，则以下设计错误的是（ ） A. 选择生长旺盛、长势相同的若干绿色小麦幼苗作为实验材料 B. 出现缺钾症状后需要再向培养液中添加钾离子，并继续观察幼苗生长状况 C. 所有小麦幼苗应该放置在条件适宜且相同的环境中培养 D. 需要配制不含钾离子的完全培养液和只含钾离子的培养液，其中只含钾离子的培养液作为对照 3. “草长莺飞二月天，拂堤杨柳醉春烟。”这一诗句生动形象地勾画出早春的秀丽景色。下列与其相关的叙述，错误的是（ ） A. 柳叶属于生命系统结构层次的器官层次 B. 河中的全部鱼构成一个种群 C. “二月天”可参与生命系统结构层次的组成 D. 黄莺具有器官和系统等生命系统结构层次 4. 下列关于核酸及核苷酸的叙述中，正确的是（ ） A. 核苷酸是生物体内储存遗传信息的物质 B. 人体内含有2种核苷酸和8种核酸 C. 玉米细胞中的核酸水解可得到8种核苷酸 D. 核糖核酸主要分布在细胞核中 5. 检测生物组织中的糖类、脂肪和蛋白质，下列说法错误的是（　　） A. 检测还原糖时，应将样本上清液的检测结果和样本上清液比较 B. 向鸡蛋清稀释液中加入双缩脲试剂，摇匀后样液呈现紫色 C. 斐林试剂与双缩脲试剂都由 NaOH和CuSO4组成，且使用方法也相同 D. 花生子叶临时切片用苏丹Ⅲ染液染色，在显微镜下观察到橘黄色颗粒 6. 水熊虫是迄今为止发现的生命力最为顽强的动物。当环境恶化时，水熊虫会自行脱掉体内99%的水分，代谢率几乎降到零，进入隐生状态。处于隐生状态时，水熊虫体内会产生大量由两个葡萄糖分子组成的海藻糖。下列说法正确的是（　　） A. 推测隐生状态时，水熊虫体内仅剩的1%水分主要以结合水的形式存在 B. 海藻糖是由两分子单糖在核糖体上脱水缩合而成的 C. 海藻糖能被人体细胞直接吸收 D. 在海藻糖溶液中加入双缩脲试剂，没有发生相应的颜色反应，说明海藻糖为非还原糖 7. 水和无机盐是构成细胞的重要无机物，下列关于水和无机盐的叙述不正确的是（ ） A. 极性分子易溶于水，水是生物体内良好的溶剂 B. 无机盐离子能维持血浆的正常浓度、酸碱平衡等 C. 无机盐在生物体内含量不高，多数以化合物形式存在 D. 一般生物体自由水含量比例越高，生物代谢越旺盛 8. 人体内含有多种多样的蛋白质。下列有关蛋白质结构与功能的叙述，正确的是（ ） A. 蛋白质的生物活性与蛋白质的空间结构无关 B. 检测氨基酸的含量可用双缩脲试剂进行紫色的显色反应 C. 氨基酸序列相同的多肽链也可折叠成不同的空间结构 D. 将紫外线作用于蛋白质导致其变性，但不会失去生理活性 9. “肥鹅肝”因脂肪丰富而口感滑嫩，被许多人视为佳肴。通过填饲谷物可促进家鹅肥肝的快速形成。有关叙述错误的是（　　） A. 部分谷物消化吸收及转化后以肝糖原和脂肪的形式储存在肝脏中 B. 脂肪氧化分解时比等质量的糖原释放更多能量且消耗更多氧气 C. 停止填饲后转为正常喂饲可促进鹅肝中的脂肪大量转化为糖类 D. 摄入过多鹅肝可能会增加患高血压、心血管等疾病的风险 10. 如图为某多肽的结构简式，据图分析下列说法正确的是（ ） A. 该化合物含有3个肽键，是一种三肽化合物 B. 该多肽由4种氨基酸脱水缩合而成 C. 形成该多肽时，脱去的水中的氧分别来自羧基和氨基 D. 这几种氨基酸（数量不限）可以形成81种四肽化合物 11. 无机盐与生物体生命活动密切相关，下列叙述错误的是（ ） A. 人体缺少无机盐离子可能导致贫血 B. 叶绿体的形成需要Fe元素参与 C. 肌肉的兴奋性与无机盐离子浓度有关 D. 某些无机盐离子与维持血浆酸碱平衡有关 12. 如图为某单糖的概念模型，下列相关叙述正确的是（ ） A. 若M为果糖，则①与斐林试剂共热有砖红色沉淀产生 B. 若②均由M构成，则②不都为细胞的生命活动供能 C. 若③为RNA，则单糖M可以是脱氧核糖 D. 若M为脱氧核糖，则③可以是HIV的遗传物质 13. 某直链多肽含4个缬氨酸C5H11NO2，蛋白酶1作用于缬氨酸氨基端的肽键，蛋白酶2作用于缬氨酸羧基端的肽键。该多肽分别经酶1和酶2作用后的情况如图所示，下列相关叙述错误的是（ ） A. 缬氨酸在该多肽中的位置分别是第7、8、14、19位，其R基的分子式为-C3H₇ B. 酶1完全作用后形成的产物中氮原子数目比原多肽减少2个 C. 酶2完全作用后形成的产物中相对分子质量比原多肽增加54 D. 酶1、酶2同时完全作用后形成的肽链中氧原子数目比原多肽少了2个 14. 某链状多肽分子式C36H68N10O9彻底水解仅获得3种氨基酸：甘氨酸C2H5NO2，亮氨酸C6H13NO2，赖氨酸C6H14N2O2。下列叙述正确的是（ ） A. 该多肽含有4个赖氨酸、2个亮氨酸 B. 合成该多肽脱去水分子总相对分子质量为126 C. 该多肽仅末端1个游离氨基，无其他游离氨基 D. 该链状多肽最多有27种不同排列顺序 15. 如图所示的图解表示构成细胞的元素、化合物，a、b、c、d代表不同的小分子物质，B、C代表不同的大分子物质，据图分析正确的有几项( ) ①在动物细胞内，与物质A组成成分和作用最相近的物质是脂肪 ②若物质A在动物、植物细胞中均可含有，并且作为细胞内最理想的储能物质，则A是脂肪③物质b是氨基酸，若某种B分子由n个b分子（平均相对分子质量为m）组成的2条链组成，则该B分子的相对分子质量大约为mn－18（n－2）④物质c在人体细胞中共有5种，分子中的含氮碱基不同决定了c的种类不同 ⑤物质d是雌性激素，d和胆固醇、维生素D都属于固醇类物质 A. 0项 B. 1项 C. 2项 D. 3项 二、非选择题。本部分共四道大题，共计55分。 16. 组成脂质化学元素主要是C、H、O，有的还有P甚至N如：_________是构成细胞膜的主要成分。其中的脂肪是细胞内良好的储能物质，相等质量的脂肪比糖类储存更多的能量，原因是_________________________。固醇类物质主要包括三类，①_________是构成动物细胞膜的重要成分，还参与血液中______的运输。②_________能促进生殖器官的发育和生殖细胞的形成。③_________能促进人和动物肠道对钙和磷的吸收。 17. 图1表示细胞内某些有机物的元素组成和功能关系，图1中X、Y、Z、Q分别为构成生物大分子的基本单位，Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ、Ⅴ是生物大分子；图2为核酸的部分结构示意图。回答下列问题： （1）图1中X表示__________，人体中Ⅴ主要分布在__________。 （2）“胖人怕热，瘦人怕撞”，是因为图1中Ⅰ具有________的功能，常用________染液检测该物质。 （3）Y和Z在组成上的不同主要体现在图2中________（填序号）上。 （4）请写出Q的结构通式________。 （5）若图1中Ⅳ为一条含两个天冬氨酸（R基为—C₂H₄ON）的多肽链，化学式为CxHyOzN17S2已知氨基酸的平均分子量为126，则该多肽链形成过程中失去的水分子质量最大为________。 18. 下图分别为人体细胞内某些多聚体的片段结构模式图，请据图回答问题： （1）甲图所示的化合物中文名称为_____________，其单体可用_______（填“a”或“b”）表示。 （2）若图乙所示物质一般为双链结构，则该物质初步水解产物有______种，彻底水解产物有______种。 （3）请指出丙图中哪一个位置上的氧去掉后便可成为细菌遗传物质的基本原料：__________。（填“②”或“③”） （4）在豌豆的叶肉细胞中，由A、C、T、U 4种碱基参与构成的核苷酸共有__________种。由乙图结构可知，不同生物的遗传信息不同，是因为其_______________不同。 19. 盐碱地是我国农业生产中的重要限制因素。高盐条件下，植物细胞失水引起渗透胁迫，进而引起光合作用强度下降，抑制植物的生长发育。研究发现，高盐胁迫时，很多植物细胞会大量积累脯氨酸。回答下列问题： 有人认为：“脯氨酸可以保护植物细胞，降低高盐对细胞的伤害，提高细胞的存活率。”设计实验探究假设是否成立。 （1）实验材料应选择__________（填选项）的植物细胞。 A. 野生型：自身能合成脯氨酸 B. 突变型：自身不能合成脯氨酸 （2）完善实验方案： Ⅰ、取适量植物细胞，随机均分为甲、乙两组； Ⅱ、甲组添加适量含脯氨酸的细胞培养液，乙组添加______________； Ⅲ、两组置于相同的______________（填选项）中培养一段时间； A清水 B．低盐浓度培养液 C．生理盐水 D．高盐浓度培养液 Ⅳ、观察两组细胞的存活率。 （3）预期结果与结论： 若__________________________，则假设成立，说明脯氨酸可以保护植物细胞，降低高盐对细胞的伤害，提高细胞的存活率。 若__________________________，则假设不成立。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $