广西桂林市第十九中学2026-2027学年高二上学期期中考试物理练习

桂林市第十九中学2026年秋季学期期中考试 高二物理 考试时间：75分钟；命题人：骆俊审题人：李心琳 一、选择题：本大题共10小题，共46分。第1-7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，错选、多选 或未选均不得分，第8-10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得3分， 有错选或不选得0分。 1.随着人们节能意识和环保意识的增强，纯电动汽车逐渐进入大众生活，其电能由锂离子电池提供。电 池容量常以“A·h”为单位，“A·h”指的是下列哪个物理量的单位() A.电荷量 B.能量 C.电流 D.功率 2.一种由碳原子组成的单层二维蜂窝状晶格结构的新材料，具有良好的导电性能，该新材料通过材料内 部的自由电子导电，自由电子的电荷量为，单位面积内自由电子数为n。如图所示，长为l、宽为b的新 材料两端的电压为U。已知该新材料内自由电子定向移动的速率为”，则流过导体中的电流为() A.nev B.nbev C.nlev D.nlbev 3.如图所示，木块静止在光滑的水平面上，一颗子弹以初速度水平向右打击木块，子弹留在木块内未 穿出；若木块固定，子弹对木块的冲量大小为五，若木块不固定，子弹对木块的冲量大小为五，不计子弹 的重力，则下列说法正确的是() Vo D 77777777777777777777777777777 A.I1=0 B.=I C.I<I D.I>I 4.做简谐运动的物体，当它每次经过同一位置（除平衡位置和最大位移处）时，不一定相同的物理量是 () A.位移 B.动量 C.回复力 D.加速度 5.如图所示，O为弹簧振子的平衡位置，t=0时刻把小球向右拉到C点静止释放。以水平向右为正方向， 下列描述小球相对O点的位移不小球的速度ⅴ随时间t变化的关系图像，小球的加速度a所受回复力F 随位移x变化的关系图像中，正确的是() N000000000000 B 高一物理试卷第1页（共6页） D. 6.某扫地机器人电动机的输入电压恒为U,线圈电阻为。正常工作时电流为1。下列说法正确的是() A.正常工作时，电动机的输出功率为UI B.正常工作时，电动机的机械效率为 C.电动机被杂物卡住无法运转时，电动机的发热功率为 D。电动机正常工作时，电动机的发热功率为 7.利用图甲和图乙两种电路，分别测定一节干电池的电动势和内阻，下列说法正确的是() 甲 乙 A.甲电路误差的主要原因是电流表分压 B.乙电路误差的主要原因是电压表分流 C.甲电路中的滑动变阻器滑片向右滑动，电流表的示数减小 D.假设甲电路和乙电路的滑动变阻器被短路，则流过电池的电流不同 8.如图甲，钓鱼浮标在竖直方向振动，该振动可视为简谐运动。以竖直向上为正方向，从某时刻开始计 时，浮标的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是() 高一物理试卷第2页（共6页） .y/cm 1.0 0 t/s ■物中 0.1 02030.4 。 -1.0 甲 A.浮标的振幅为l.0cm B.浮标的振动频率为0.4Hz C.1=0.2s时，浮标的速度最大 D.t=03s时，浮标的振动方向向上 9.某小组用微安表头（量程100μA内阻9002）改装成一个量程为1mA和一个量程为3V的两挡电表，如 图所示，电阻箱R和电阻箱R可以根据需要调节。根据上述要求，下列说法正确的是() ● 、Q b A.a为电压挡 B.R的阻值为902 C.R的阻值为29102 D.用b挡时电表的内阻为30002 10.某同学用如图1所示电路做“测定电源电动势和内电阻”的实验，并根据测得的数据做出了如图2所示 的U-I图像，下列说法正确的是() AUV 1.5 1.4 P 1.3 1.2 1.1 00.10.203d4d31A 1.0 图1 图2 A.短路电流为1.40A B.电源内阻的测量值为3.52 C.由于电流表的分压作用，内阻的测量值小于真实值 D.由于电压表的分流作用，内阻的测量值小于真实值 二、非选择题：本大题共5小题，54分。其中第13-15题解答时要求写出必要文字的文字说明、方程式和 重要的演算步骤，只有最后答案而无演算过程的不得分；有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位。 高一物理试卷第3页（共6页） 11.某同学利用如图所示的实验装置验证两个小球在斜槽末端碰撞前后的动量关系。实验时，不放B球， 让A球多次从固定斜槽上的O点静止释放，在水平面上得到一个平均落点位置；然后将B球放置在斜槽 末端，让A球再次从斜槽上Q点静止释放，与B球发生弹性正碰，在水平面上又得到两个平均落点位置， 三个落点位置标记为M、NP。 B 铅 线 (1)关于实验的要求，下列描述正确的是 A.斜槽的末端必须是水平的 B.斜槽的轨道必须是光滑的 C.必须测出斜槽末端距地面的高度 D.A、B球的大小应该相同 (2)用天平测量两个小球的质量ma、m,为了保证A球碰后不反弹，应使m m(填“>=”或<”)： (3)测量O点到M、P、N的距离分别为xM、x、xN,动量守恒的表达式可表示为 A.mBxp =mBxy+maxN B.mAxM mBxp+mAXN C.mAxp=mAXM +mgxN D.mAxM mBxp+mxN 12.某同学用伏安法测量一段金属丝的电阻率。 (1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量结果如图所示，其读数为m。 45 40 35 (2)已知该金属丝的阻值约为52，除待测金属丝外，实验室还备有下列器材： A.电压表V1(量程0~3V,内阻约3k2) B.电压表V2(量程0~15V,内阻约15k2) C.电流表A1(量程0-0.6A,内阻约0.052) D.电流表A2(量程0-3A,内阻约0.01) E.滑动变阻器R1(0~102,额定电流2A) 高一物理试卷第4页（共6页） F.滑动变阻器R2(0~1002,额定电流1A) G.直流电源E(输出电压3V,内阻不计) H.开关S,导线若干 为了减小测量误差，电压表应选用， 电流表应选用，滑动变阻器应选用 (填器材前的 字母)。 (3)根据所选器材，在虚线框中画出实验电路图。 (4)若测得金属丝的长度为L,直径为D,电阻为R,则金属丝的电阻率p=(用所测物理量表示)。 13.为响应辽宁省新能源汽车普及推广政策，省内各地停车场广泛配套小型直流充电设备。某充电桩内置 散热冷却泵，其简化电路如图所示。已知电源恒定电压U=48V,保护电阻阻值R=2?。电机正常工作时， 两端电压UM=40V,电机线圈内阻r=1.52。不计导线电阻，求： M S (1)电机正常工作时的电流1； (2)电机正常工作时的输入功率P及线圈的热功率P热； (3)电机正常工作时的机械输出功率及工作效率1。 高一物理试卷第5页（共6页） 14.如图所示，质量为3kg的A球和质量为5kg的B球，原来均静止在光滑水平面上。现给A球一个向右 的6m/s初速度，之后与B球发生对心碰撞。 A 6m/s B (1)若碰后两球粘在一起，求碰后速度的大小： (2)在满足(1)条件下，求碰撞时损失的机械能大小： (3)若是弹性碰撞，求碰后A球的速度。 15.一物体放在水平地面上，如图甲所示，已知物体所受水平拉力F随时间1的变化情况如图乙所示，物 体相应的速度V随时间1的变化关系如图丙所示。求： AFN ◆/(ms-) 2 2345t/s 12345t/s 的 乙 丙 (1)0~4s时间内拉力的冲量大小： (2)04s时间内物体动量变化量的大小： (3)物体的质量。 高一物理试卷第6页（共6页） 《2026年10月29日高中物理作业》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B D B B AD CD AD 1.A 【详解】根据电流定义式1=？，可推导电荷量公式为q=业，电荷量等于电流与时间的乘积，A是电流单 位，h是时间单位，因此Ah是电荷量的单位。故选A。 2.B 【详解】由题可知，△M时间通过导体的电荷量△q=neb-(△)则流过导体的电流I=9=nebv-At nebv △t△t 故选B。 3.D 【详解】子弹打木块过程中子弹对木块的冲量与木块对子弹的冲量等大反向，根据动量定理，木块对子弹 的冲量等于子弹动量的变化量，木块固定时子弹动量的变化量大，因此有>。故选D。 4.B 【详解】ACD.简谐运动中位移是从平衡位置指向物体所在位置的有向线段，每次经过同一位置时位移x 一定相同： 回复力公式F=一x,同一位置x相同，因此回复力的大小和方向均一定相同： 牛顿第二定律可得加速度。=-，同一位置x相同，因此加速度的大小和方向均一定相同，故AC如 不符合题意； B.动量是矢量，满足P=m",物体经过同一位置时速度大小一定相等，但方向可能相反（分别对应靠近 平衡位置、远离平衡位置两种运动过程)，因此动量不一定相同，故B符合题意；故选B。 5.B 【详解】A,向右为正方向，t=0时刻，小球在右方最大位移处，位移是正向最大，A错误： B.由a=E=- mm 可知振子的加速度随位移变化的图像为斜向下的直线，B正确： C.小球运动过程中，合力F=- 可知振子的回复力随位移变化的图像为斜向下的直线，C错误： D.小球运动过程中加速度大小不是恒定的，不会做匀变速运动，D错误。故选B。 6.C 【详解】A.电动机正常工作时属于非纯电阻用电器，电动机的输入总功率P=U1 输出的机械功率P=UⅡ-Ir,故A错误； 答案第1页（共4页） B.电动机的机械效率是输出机械功率与输入总功率的比值，即)=B=Ⅵ产_0一止，故B错误： P UI C.电动机被卡住无法运转时，没有机械能输出，电能全部转化为内能，此时电动机相当于纯电阻，欧姆 定律成立，发热功率P=U,故C正确： D.电动机正常工作时是非纯电阻电路，由于正常工作时U>r 线圈的发热功率只能用焦耳定律计算，即P=r,故D错误。故选C。 7.D 【详解】A.甲电路中电压表测量电源的外电压准确，因为电压表起分流作用，电流表测量通过电源的电 流偏小，即误差来自电压表的分流，故A错误： B.乙电路中电流表测量通过电源的干路电流准确，因为电流表的分压作用，电压表测量的路端电压偏小， 即误差来自电流表的分压，故B错误： C.甲电路中的滑动变阻器滑片向右滑动，滑动变阻器接入阻值减小，外部电阻减小，由闭合电路欧姆定 律可知，干路电流增大，路端电压减小，流过电压表电流减小，所以电流表的示数增大，故C错误： D.如果甲电路中滑动变阻器短路，电流表和电压表并联，如果乙电路中滑动变阻器短路，电压表被短路， 外电路中只有电流表，则可知，两种情况下外电阻大小不同，由闭合电路欧姆定律可知，流过电池的电流 不同，故D正确。故选D。 8.AD 【详解】A,振幅是简谐运动中物体偏离平衡位置的最大距离，从图乙可知浮标振动的最大位移为1.0cm, 所以振幅为1.0cm,故A正确： B.由图乙可知周期T=0.4s,根据频率公式/=7 可得频率∫=Hz=2.5,并非0,4Hz,故B错误： 0.4 C.t=0.2s时，浮标位移为-1.0cm,处于负向最大位移处，此时速度为0，并非最大，故C错误； D.t=0.3s时，浮标在平衡位置，观察图像，t=0.3s之后浮标位移向正方向增大，所以此时振动方向向上， 故D正确。故选AD。 9.CD 【详解】A,用α挡时，表头与电阻并联，将表头改装成电流表，故A错误； B.改装的电流表量程为lmA,则R= I2R3100×106×900 -11x10-100×102=1002,故B错误： CD.用a挡时，改装成电流表的内阻为R,=,里_100x10×9002=902 1×103 接b挡时是将1mA的电流表与R串联，改装成电压表，改装的电压表的内阻为R,-Y-3 /1x102=30002 答案第2页（共4页） 则R2=R,-R=30002-902=29102,故CD正确。故选CD。 10.AD 【详解】AB.根据图1所示电路图，由闭合电路欧姆定律得U=E-r 结合图2所示U-1图像可知，图像纵截距表示电源电动势，丑=1.4V,电池内阻r==14-00=1n 0.4 短路电流为r-E_14A=1,4A,故A正确，B错误： CD.由于本实验中采用电流表相对电源的外接法，由于电压表分流作用，有U=E 可得U=RE-1,R, Ry+r 元是，比较可得内阻价测量值尺尽，小于直实值r,放C错误D正霜。故选AD。 Ry+r 11.(1)AD (2)> (3)C 【详解】(1)A.斜槽的末端必须是水平的，以保证小球做平抛运动，A正确： B,斜槽的轨道是否光滑对实验无影响，只要小球到达底端时速度相同即可，B错误： C.该实验用小球做平抛运动的水平位移代替水平速度，不需要测出斜槽末端距地面的高度，C错误； D.A、B球的大小应该相同，从而保证两球发生正碰，D正确。 (2)为了保证A球碰后不反弹，应使ma>mg: (3)要验证的关系为m,=m+m 因两球做平抛运动的时间相同，则两边同乘以时间t,则maV,d=mat+mg't可得mxp=mxM+mgx 12.(1)0.398/0.399/0.397 (2)A C E V (3) (4)ZRD2 4L 【详解】(1)螺旋测微器的读数为D=0.01×39.8mm=0.398mm (2)[1]电源电压为3V,则电压表选V1(A),电流表选A1(C)。 [2]为了使电表示数调节范围大些，电路采用分压式，则滑动变阻器选R1(E)。 (3)电路采用分压式：待测电阻较小一般采取外接，如图 答案第3页（共4页） (4)金属丝横截面积为S=π联立电阻率公式R=p片， 得p=RD2 4L 13.(1)I=4A (2)P=160W,P热=24W (3)P=136W,7=85% 【详解】(1)串联电路总电压等于各元件分压之和，定值电阻两端电压UR=U-UM=8V 定值电阻为纯电阻，由欧姆定律得电流I= R解得1=4A R (2)电机的输入功率为电路对电机做功的总功率，则P=UI解得P=160W 由焦耳定律得电机线圈的热功率P熟=r解得P热=24W (3)电机的机械输出功率P=P-P热解得P=136W 电机工作效率n= ×100% P入 解得n=85% 14.(1)v=2.25m/s(2)△E=33.75J (3)va=-1.5ms,负号表示碰后A的速度方向向左 【详解】(1)若碰后两球一起运动，则ma,=(ma+mg)v解得v=2.25m/s 2》）碰接时损天的机械能大小为A=m-m+m炉 21 解得△E=33.75J (3)两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，有m=m'a+m, 1 专必m艾+联立解得以156，负号表示碰漏A的滨度方间向定 2 15.(1)9Ns(2)2Ns(3)=kg 【详解】(1)根据冲量的定义1=t 可知，在04s时间内拉力的冲量I=FH+F42+F43=(1×1+3×2+2×1)Ns=9Ns (2)在01s内，物体处于静止状态，因此摩擦力f=E=1N 而由于3~4s内，物体匀速运动，可知滑动摩擦力2=2N 因此在04s内摩擦力的冲量'=+(42+43)=1×1+2×(2+1)Ns=7Ns 根据动量定理可知，在04s时间内物体的动量的变化量 △p=I-I'=2Ns (3)由题图丙可知在前4s内物体的速度从0增加到3/s,在水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，由动 量定理I金=mv2-m% 可得m==2g 2-Y3 答案第4页（共4页）