精品解析：贵州贵阳市第六中学2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题（一）

贵阳市第六中学2028届高二年级月考（一）物理试题 一、单项选择题：本题共7小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1. 下列关于动量、动能、冲量的说法正确的是（ ） A. 力对物体的冲量越大，物体受到的力一定越大 B. 物体受到的冲量越大，它的动量越大 C. 做匀变速运动的物体，其动量变化率不变 D. 物体的合外力冲量为零，动量可能变化 【答案】C 【解析】 【详解】A．冲量的定义式为，冲量是力和力的作用时间的乘积，冲量越大可能是作用时间较长导致，力不一定越大，故A错误； B．根据动量定理，合外力的冲量等于动量的变化量，冲量越大对应动量的变化量越大，而非动量本身的大小越大，故B错误； C．动量变化率，做匀变速运动的物体加速度恒定，合外力大小方向都不变，因此动量变化率不变，故C正确； D．根据动量定理，合外力冲量为零时，动量变化量，动量一定不发生变化，故D错误。 故选C。 2. 2026年某日贵州龙里一19岁男子驾驶一辆小型汽车发生一起交通事故，小型汽车追尾重型半挂牵引车，车内7人不幸遇难。事故存在酒驾、超员违法行为。车辆发生剧烈碰撞时，安全带、安全气囊是保护车内人员的重要装置。下列说法正确的是（ ） A. 碰撞过程中，安全带、安全气囊减小了人的动量变化量 B. 碰撞过程中，安全带、安全气囊减小了人受到的总冲量 C. 安全带、安全气囊延长碰撞作用时间，从而减小人受到的平均冲击力 D. 车辆超速不会改变碰撞中人的动量大小，没有安全隐患 【答案】C 【解析】 【详解】A．碰撞过程中，人的初速度等于车辆碰撞前的速度，末速度为0，动量变化量为定值，安全带、安全气囊不会改变人的动量变化量，故A错误； B．根据动量定理，人受到的总冲量等于动量变化量，动量变化量不变则总冲量不变，故B错误； C．由动量定理可知，为定值，安全带、安全气囊可延长碰撞作用时间，从而减小人受到的平均冲击力，故C正确； D．车辆超速时行驶速度更大，人的动量更大，碰撞过程动量变化量也更大，存在严重安全隐患，故D错误。 故选C。 3. 如图为某物体在0~1.5 s做简谐运动的图像，下列说法正确的是（ ） A. 0.6 s时物体与0.4 s时的回复力相同 B. 0.6 s时物体的速度与0.4 s时的速度相同 C. 0.5~0.7 s物体的加速度在增大 D. 0.7~0.9 s物体的势能在减小 【答案】A 【解析】 【详解】A．由图像读出：振幅；周期。0.4s与0.6s关于0.5s处的波峰对称，两时刻位移大小相等、方向相同，由知回复力的大小和方向都相同，故A正确； B．这两时刻物体一个正朝波峰运动、一个正离开波峰运动，速度大小相等但方向相反，速度是矢量，方向不同，则速度不同，故B错误； C．0.5~0.7s物体由正向最大位移处向平衡位置运动，位移大小在减小，由知加速度大小在减小，故C错误； D．0.7~0.9s物体由平衡位置向负向最大位移处运动，位移大小在增大，弹性势能在增大，故D错误。 故选A。 4. 某物体在水平拉力F作用下，由静止沿水平方向运动，t1时刻撤去拉力F，其v-t图像如图所示。整个过程中，拉力F做的功为W1，冲量大小为I1，物体克服摩擦阻力Ff做的功为W2，摩擦阻力的冲量大小为I2，则下列判断正确的是（　　） A. W1=W2；I1= I2 B. W1=W2；I1> I2 C. W1<W2；I1> I2 D. W1<W2；I1 <I2 【答案】A 【解析】 【详解】根据动能定理，在整个运动过程中，初、末动能均为零，有 即 根据动量定理，在整个运动过程中，初、末动量均为零，有 即 故选A。 5. 一质量为的物块在合外力的作用下从静止开始沿直线运动，随时间变化的图线如图所示，则下列说法错误的是（ ） A. 02 s与2 s4 s两段时间内加速度方向相反 B. 前内合力的冲量大小为 C. 4 s末物块的速度大小为 D. 前内合外力对物块做的功为 【答案】C 【解析】 【详解】AC．由图读出：0~2s内，2~4s内；质量，初速度为零。 0~2s内： 2s末 2~4s内： 4s末 两段时间的加速度分别为与，方向相反，A正确，C错误； B．前2s内合力的冲量，B正确； D．前4s内合外力做的功等于动能增量，D正确。 本题要求选错误的，故选C。 6. 如图所示，一小车静止在光滑的水平面上，小车上固定一竖直杆，总质量为，杆顶系一长为的轻绳，轻绳的另一端系一质量为的小球，轻绳被水平拉直处于静止状态。不计空气阻力，重力加速度大小取。现将小球由静止释放，假设小球运动过程中始终未与杆相撞，则小球运动到最低点时轻绳对小球的拉力为（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】当小球到达最低点时其速度为，此时小车的速度为，则根据动量守恒与能量守恒可以得到， 联立可以得到， 在最低点，根据牛顿第二定律 解得轻绳对小球的最大拉力为 故选B。 7. 如图所示，一倾角的足够长的光滑斜面固定在水平面上，底部有一垂直斜面的挡板。一劲度系数为的轻弹簧两端分别与挡板和物块拴接。初始时，物块静止在斜面上。现用外力将物块向下压的距离后撤去外力，物块从静止开始在斜面上做简谐运动。已知物块的质量为，弹簧始终在弹性限度内，不计空气阻力，重力加速度为，弹性势能（其中为轻弹簧的劲度系数、为轻弹簧的形变量）。下列判断正确的是（ ） A. 物块做简谐运动的振幅为 B. 弹簧恢复原长时，物块的速度为0 C. 物块运动过程中的最大加速度为 D. 物块运动过程中的最大速度 【答案】D 【解析】 【详解】A．由题意可知，物块做简谐运动的最低点离平衡位置的距离为，则物块做简谐运动的振幅为，故A错误； B．物块处于平衡位置时，有 解得弹簧的压缩量为 根据对称性可知，最高点离平衡位置的距离为，即最高点的伸长量为 可知弹簧恢复原长时，物块的速度大于0，故B错误； C．物块运动过程中，在最低点的加速度最大，根据牛顿第二定律可得 解得，故C错误； D．物块经过平衡位置时的速度最大，从最低点到平衡位置的过程中，根据能量守恒可得 解得物块运动过程中的最大速度为，故D正确。 故选D。 二、多选选择题：本小题共三题，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。 8. 如图所示，光滑水平面上放置一光滑的斜面体，一个滑块从斜面顶端由静止释放，到达斜面底端的过程中，则滑块与斜面组成的系统（ ） A. 动量守恒，机械能守恒 B. 机械能守恒，动量不守恒 C. 机械能守恒，水平方向动量守恒 D. 机械能和动量均守恒 【答案】C 【解析】 【详解】对滑块与斜面体组成的系统受力分析可知，所有接触面均光滑，系统的机械能与外界其他形式能量没有转化，系统机械能守恒；水平方向上，系统所受的合力为零，系统水平方向动量守恒；竖直方向，系统所受的合力不为零，则系统动量不守恒。 故选C。 9. 如图甲，上端固定着力传感器的弹簧振子沿竖直方向做简谐运动，弹簧向下拉时传感器示数为正，从某时刻开始计时，获得传感器示数与时间的关系图像如图乙，其中，，若小球在时的速度为，弹簧的劲度系数，重力加速度，不计任何阻力，则（ ） A. 小球的质量 B. 乙图从最高点开始计时 C. 小球在时加速度最大 D. 小球位移随时间的变化关系为 【答案】A 【解析】 【详解】A．小球在最低点时力传感器示数正向最大，在最高点时力传感器示数反向最大，根据简谐运动的对称性，最高点和最低点的加速度大小相等，则由牛顿第二定律有 代入解得，故A正确； B．由图分析，开始计时时力传感器示数最大，且方向向下，弹簧处于拉伸状态，则可得小球此刻处于最低点，故B错误； C．根据简谐运动的特点可知，当小球速度为时，加速度最大。时刻速度不为，则加速度不是最大，故C错误； D．由得，当小球在最高点时，弹簧处于压缩状态，弹簧的形变量 同理得当小球在最低点时，弹簧处于拉伸状态，弹簧的形变量 则根据简谐运动的运动特点得，小球做简谐运动的振幅 由简谐运动角频率公式得，角频率 结合小球初始位置为最低点，位移为负方向最大，则小球位移随时间的变化关系为，故D错误。 故选A。 10. 如图甲所示，质量为的四分之一圆弧滑块静止在光滑水平地面上，一质量为的光滑小球以初速度水平冲上滑块的圆弧面，且没有从滑块上端冲出去。若测得在水平方向上小球与滑块的速度大小分别为，作出图像如图乙所示。已知圆弧最低点距水平面的高度，重力加速度，不计阻力，则下列说法正确的是（ ） A. 小球的质量 B. 小球的初速度 C. 小球在与圆弧滑块分离后相对地面向左做平抛运动，且平抛过程中水平位移为 D. 小球能够上升的最大高度为 【答案】AD 【解析】 【详解】AB．从图乙提取直线方程，纵轴截距，横轴截距。 系统水平方向动量守恒 写成 与图中直线对比，斜率，得 横轴截距，故A正确，B错误； C．小球从最高点滑回最低点时，由动量守恒和机械能守恒（等效弹性碰撞），得，方向向右（因，小球不反弹） 故分离后向右平抛，不是向左，C错误； D．小球到达最高点时与滑块水平共速 由机械能守恒 求得，故D正确。 故选AD。 三、实验题：本题共2小题 11. 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学的实验方案如图甲所示。 （1）为减少实验误差，她的做法如下： ①用小木块将长木板无滑轮的一端适当垫高，目的是________________ ②使砝码盘和砝码的质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的力_____________等于砝码盘和砝码的总重力。 （2）实验中，她得到了一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为，且测出相邻计数点间间距、、、、、分别为、、、、、，则小车的加速度大小__________。（结果保留两位有效数字） 【答案】（1） ①. 平衡摩擦力 ②. 近似 （2）0.36 【解析】 【小问1详解】 1]用小木块将长木板无滑轮的一端适当垫高，目的是平衡摩擦力。 [2]根据牛顿第二定律，对砝码和砝码盘有 对小车有 联立解得 使砝码盘和砝码的总质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的力近似等于砝码和砝码盘的重力。 【小问2详解】 由逐差法可知小车的加速度大小为 12. 如图所示，用“碰撞实验器”可以探究碰撞中的不变量。实验时先让质量为的入射小球从斜槽轨道上某一固定位置S由静止开始滚下，从轨道末端点水平抛出，落到与轨道点连接的倾角为的斜面上。再把质量为被碰小球放在斜槽轨道末端，让入射小球仍从位置S由静止滚下，与被碰小球碰撞后，分别与斜面第一次碰撞留下各自的落点痕迹，、、为三个落点的位置。测出、、长度，分别用、、表示。（不考虑小球在斜面上的多次碰撞） （1）实验中两小球的质量、应满足______（填“＞”“＝”或“＜”）。 （2）关于本实验，下列说法正确的是______。 A. 斜槽轨道必须光滑 B. 入射小球每次释放的初位置相同 C. 斜槽轨道末端必须水平 （3）在实验误差允许范围内，若满足关系式______，则可以认为两球碰撞前后总动量守恒；只要再满足关系式______，则说明两小球的碰撞是弹性碰撞。 【答案】（1）＞ （2）BC （3） ①. ②. 【解析】 【小问1详解】 为使碰撞过程小球不出现反弹，入射小球质量应大于被碰小球质量； 【小问2详解】 AB．只要小球从斜槽上同一位置由静止释放即可保证小球到达斜槽末端的速度相等，斜槽轨道不必光滑，故A错误，B正确； C．为保证小球离开斜槽后做平抛运动，斜槽轨道末端必须水平，故C正确。 故选BC。 【小问3详解】 [1][2]碰撞前小球落在图中的点，设水平初速度为，发生碰撞后小球、落在图中的点和点，设水平初速度为和，设斜面倾角为，由平抛运动规律，竖直方向有 水平方向有 解得 同理可得， 只要满足 即，就能说明两球碰撞前后系统动量守恒。若两小球的碰撞是弹性碰撞，则碰撞前后机械能没有损失。则要满足关系式 即。 四、解答题：本题共3小题 13. 一个物块以点为平衡位置，在，两点间做简谐运动，为、中的一点，在时刻，物块从点出发向点运动，经过物块第一次经过点，再经过，物块第二次经过点，已知、之间的距离为，不计任何阻力，求： （1）物块做简谐运动的周期； （2）物块在30 s内通过的路程； （3）若以向右为正方向，从物块在点开始计时，写出物块位移随时间变化的表达式，并在给定的坐标系中画出一个周期内物体的振动图像。 【答案】（1）20s （2）120cm （3）， 【解析】 【小问1详解】 简谐运动具有对称性：物块从O点出发向N运动，第一次到A用时4s，再经2s第二次经过A，说明物块从A到右端最大位移处N的时间为 因此物块从平衡位置O到最大位移N的总时间为 因此周期为 【小问2详解】 M、N间距为40cm，可知振幅为 简谐运动一个周期内物块通过的路程为4A，30s通过的总路程为 【小问3详解】 角频率 以向右为正方向，从N点（正向最大位移处）计时时，t=0物块位移为正向最大值A=20cm，初相位为0，位移表达式为 如图 14. “打水漂”是将扁形石片向水面快速抛出，石片在水面上一跳一跳的飞向远方。现将“打水漂”简化成如下理想模型：一小石片从空中点被水平抛出后，经水面B点“触水反弹”腾空飞向河岸，恰好从点水平切入岸边一固定的大石块水平上表面并滑至停止。已知：石片质量，石片在点获得的水平瞬时冲量大小，点、点距离水面的高度分别为和，、两点之间水平相距，石片在点与水面接触的作用时间，石片与大石块上表面之间的滑动摩擦因数。已知重力加速度，不计空气阻力，石片运动过程中始终保持水平状态。求： （1）石片从点抛出的初速度大小。 （2）石片触水时对水面作用力的竖直方向分力是重力的多少倍？ （3）石片从水平抛出到最终停止经历的时间。 【答案】（1）10m/s （2）37 （3） 【解析】 【小问1详解】 根据动量定理，A点获得的瞬时冲量等于石片的初始动量，有 解得 【小问2详解】 A到B竖直方向有 石片从B到C恰好水平切入C点，说明C点竖直速度为0，逆向等效为从C点开始的平抛运动，竖直方向有 取向上为正方向，对B点触水过程的竖直方向用动量定理，有 解得 根据牛顿第三定律，石片对水面的竖直方向分力大小等于，故所求倍数为37。 【小问3详解】 石片从A到B有 从C到B有 石片经过B点后的水平速度为 滑上大石块后，加速度满足 滑行的时间为 石片运动的总时间为 代入数据解得 15. 如图所示，完全相同的滑块B、C并排静置于光滑水平地面上，先将B、C之间锁定，再让小滑块A以速度水平向右冲上B的上表面时，A刚好未能从C的右端滑离C，的质量为，、的质量均为，与、上表面之间的滑动摩擦因数均为。求： （1）长滑块B的长度。 （2）若将B、C与地面之间也锁定，A能不能从C的右端滑离？求A在B、C上的停止位置或A滑离C时的速度大小。 （3）若B、C之间不锁定（B、C与地面之间也不锁定），求：A、B、C各滑块的最终速度。 【答案】（1） （2）能从C右端滑离，滑离时速度 （3），方向均与相同 【解析】 【小问1详解】 B、C锁定为整体，地面光滑。A刚好未滑离C，即A到达C右端时与B、C共速。 动量守恒 求得 能量守恒 求得 【小问2详解】 B、C固定不动，A在其上滑动，加速度大小，方向向左。 A滑过总距离2L时， 求得 A到达C右端时速度仍大于零，能从C右端滑离，滑离时速度 【小问3详解】 B、C不锁定且地面光滑，求各滑块最终速度 阶段一：A在B上表面滑动 A对B的滑动摩擦力，方向向右。 B推C，B、C一起向右加速，A的加速度 B、C整体的加速度 A相对地面位移 B、C相对地面位移。A相对B滑动距离L， 联立解得 此时各速度， 阶段二：A滑上C上表面 A离开B后，B不再受摩擦力，做匀速直线运动，故B的最终速度 A在C上滑动时，A对C的摩擦力仍为，方向向右。 A的加速度 C的加速度 设经过时间后A、C共速 求得 此过程中A相对C滑动距离 求得 因，A未滑离C，最终与C共速。 A、C共同最终速度 求得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 贵阳市第六中学2028届高二年级月考（一）物理试题 一、单项选择题：本题共7小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1. 下列关于动量、动能、冲量的说法正确的是（ ） A. 力对物体的冲量越大，物体受到的力一定越大 B. 物体受到的冲量越大，它的动量越大 C. 做匀变速运动的物体，其动量变化率不变 D. 物体的合外力冲量为零，动量可能变化 2. 2026年某日贵州龙里一19岁男子驾驶一辆小型汽车发生一起交通事故，小型汽车追尾重型半挂牵引车，车内7人不幸遇难。事故存在酒驾、超员违法行为。车辆发生剧烈碰撞时，安全带、安全气囊是保护车内人员的重要装置。下列说法正确的是（ ） A. 碰撞过程中，安全带、安全气囊减小了人的动量变化量 B. 碰撞过程中，安全带、安全气囊减小了人受到的总冲量 C. 安全带、安全气囊延长碰撞作用时间，从而减小人受到的平均冲击力 D. 车辆超速不会改变碰撞中人的动量大小，没有安全隐患 3. 如图为某物体在0~1.5 s做简谐运动的图像，下列说法正确的是（ ） A. 0.6 s时物体与0.4 s时的回复力相同 B. 0.6 s时物体的速度与0.4 s时的速度相同 C. 0.5~0.7 s物体的加速度在增大 D. 0.7~0.9 s物体的势能在减小 4. 某物体在水平拉力F作用下，由静止沿水平方向运动，t1时刻撤去拉力F，其v-t图像如图所示。整个过程中，拉力F做的功为W1，冲量大小为I1，物体克服摩擦阻力Ff做的功为W2，摩擦阻力的冲量大小为I2，则下列判断正确的是（　　） A. W1=W2；I1= I2 B. W1=W2；I1> I2 C. W1<W2；I1> I2 D. W1<W2；I1 <I2 5. 一质量为的物块在合外力的作用下从静止开始沿直线运动，随时间变化的图线如图所示，则下列说法错误的是（ ） A. 02 s与2 s4 s两段时间内加速度方向相反 B. 前内合力的冲量大小为 C. 4 s末物块的速度大小为 D. 前内合外力对物块做的功为 6. 如图所示，一小车静止在光滑的水平面上，小车上固定一竖直杆，总质量为，杆顶系一长为的轻绳，轻绳的另一端系一质量为的小球，轻绳被水平拉直处于静止状态。不计空气阻力，重力加速度大小取。现将小球由静止释放，假设小球运动过程中始终未与杆相撞，则小球运动到最低点时轻绳对小球的拉力为（ ） A. B. C. D. 7. 如图所示，一倾角的足够长的光滑斜面固定在水平面上，底部有一垂直斜面的挡板。一劲度系数为的轻弹簧两端分别与挡板和物块拴接。初始时，物块静止在斜面上。现用外力将物块向下压的距离后撤去外力，物块从静止开始在斜面上做简谐运动。已知物块的质量为，弹簧始终在弹性限度内，不计空气阻力，重力加速度为，弹性势能（其中为轻弹簧的劲度系数、为轻弹簧的形变量）。下列判断正确的是（ ） A. 物块做简谐运动的振幅为 B. 弹簧恢复原长时，物块的速度为0 C. 物块运动过程中的最大加速度为 D. 物块运动过程中的最大速度 二、多选选择题：本小题共三题，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。 8. 如图所示，光滑水平面上放置一光滑的斜面体，一个滑块从斜面顶端由静止释放，到达斜面底端的过程中，则滑块与斜面组成的系统（ ） A. 动量守恒，机械能守恒 B. 机械能守恒，动量不守恒 C. 机械能守恒，水平方向动量守恒 D. 机械能和动量均守恒 9. 如图甲，上端固定着力传感器的弹簧振子沿竖直方向做简谐运动，弹簧向下拉时传感器示数为正，从某时刻开始计时，获得传感器示数与时间的关系图像如图乙，其中，，若小球在时的速度为，弹簧的劲度系数，重力加速度，不计任何阻力，则（ ） A. 小球的质量 B. 乙图从最高点开始计时 C. 小球在时加速度最大 D. 小球位移随时间的变化关系为 10. 如图甲所示，质量为的四分之一圆弧滑块静止在光滑水平地面上，一质量为的光滑小球以初速度水平冲上滑块的圆弧面，且没有从滑块上端冲出去。若测得在水平方向上小球与滑块的速度大小分别为，作出图像如图乙所示。已知圆弧最低点距水平面的高度，重力加速度，不计阻力，则下列说法正确的是（ ） A. 小球的质量 B. 小球的初速度 C. 小球在与圆弧滑块分离后相对地面向左做平抛运动，且平抛过程中水平位移为 D. 小球能够上升的最大高度为 三、实验题：本题共2小题 11. 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学的实验方案如图甲所示。 （1）为减少实验误差，她的做法如下： ①用小木块将长木板无滑轮的一端适当垫高，目的是________________ ②使砝码盘和砝码的质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的力_____________等于砝码盘和砝码的总重力。 （2）实验中，她得到了一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为，且测出相邻计数点间间距、、、、、分别为、、、、、，则小车的加速度大小__________。（结果保留两位有效数字） 12. 如图所示，用“碰撞实验器”可以探究碰撞中的不变量。实验时先让质量为的入射小球从斜槽轨道上某一固定位置S由静止开始滚下，从轨道末端点水平抛出，落到与轨道点连接的倾角为的斜面上。再把质量为被碰小球放在斜槽轨道末端，让入射小球仍从位置S由静止滚下，与被碰小球碰撞后，分别与斜面第一次碰撞留下各自的落点痕迹，、、为三个落点的位置。测出、、长度，分别用、、表示。（不考虑小球在斜面上的多次碰撞） （1）实验中两小球的质量、应满足______（填“＞”“＝”或“＜”）。 （2）关于本实验，下列说法正确的是______。 A. 斜槽轨道必须光滑 B. 入射小球每次释放的初位置相同 C. 斜槽轨道末端必须水平 （3）在实验误差允许范围内，若满足关系式______，则可以认为两球碰撞前后总动量守恒；只要再满足关系式______，则说明两小球的碰撞是弹性碰撞。 四、解答题：本题共3小题 13. 一个物块以点为平衡位置，在，两点间做简谐运动，为、中的一点，在时刻，物块从点出发向点运动，经过物块第一次经过点，再经过，物块第二次经过点，已知、之间的距离为，不计任何阻力，求： （1）物块做简谐运动的周期； （2）物块在30 s内通过的路程； （3）若以向右为正方向，从物块在点开始计时，写出物块位移随时间变化的表达式，并在给定的坐标系中画出一个周期内物体的振动图像。 14. “打水漂”是将扁形石片向水面快速抛出，石片在水面上一跳一跳的飞向远方。现将“打水漂”简化成如下理想模型：一小石片从空中点被水平抛出后，经水面B点“触水反弹”腾空飞向河岸，恰好从点水平切入岸边一固定的大石块水平上表面并滑至停止。已知：石片质量，石片在点获得的水平瞬时冲量大小，点、点距离水面的高度分别为和，、两点之间水平相距，石片在点与水面接触的作用时间，石片与大石块上表面之间的滑动摩擦因数。已知重力加速度，不计空气阻力，石片运动过程中始终保持水平状态。求： （1）石片从点抛出的初速度大小。 （2）石片触水时对水面作用力的竖直方向分力是重力的多少倍？ （3）石片从水平抛出到最终停止经历的时间。 15. 如图所示，完全相同的滑块B、C并排静置于光滑水平地面上，先将B、C之间锁定，再让小滑块A以速度水平向右冲上B的上表面时，A刚好未能从C的右端滑离C，的质量为，、的质量均为，与、上表面之间的滑动摩擦因数均为。求： （1）长滑块B的长度。 （2）若将B、C与地面之间也锁定，A能不能从C的右端滑离？求A在B、C上的停止位置或A滑离C时的速度大小。 （3）若B、C之间不锁定（B、C与地面之间也不锁定），求：A、B、C各滑块的最终速度。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $