卷1 必修第一册 (上)-【三新金卷】2027年高考物理总复习·滚动综合卷（适用豫陕晋青宁川云甘桂粤）

■ 2027高考总复习·滚动综合卷（一） 物理 答题卡 准考证号 班级 [0][0][0][0][0[0][0][0][0J0 姓 名 [1][1][1][1][1][1][1][1][1][1 [2][2J[2][2][2][2][2][2][2][2 [3][31[3][3[3][3][3][3][31[3 贴条形码区域 考场号 [4][4][4][4[4][4][4][4][4][4 [5][5][5][5J[5][5J[5[5][5[5J [6][6][6][6][6J[6J[6][6][6][6 座位号 [7J[7J[7][7][7J[7J[7][7][71[7 [8][8][8][8[8][8][8][8[8][8 [9][9][9][9][9][9][9][9][9[9 注 1.答题前，考生务必清楚地将自已的姓名、准考证号填写在规定的位置，核准条形码上的准考证号、姓名与本人相符并完全正确及考试科目也相符 意 后，将条形码粘贴在规定的位置。 2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔作答，字体工整、笔迹清楚 事 3.考生必须在答题卡各题目的规定答题区域内答题，超出答题区域范围书写的答案无效：在草稿纸、试题卷上答题无效 项 4.保持卡面清洁，不准折叠，不得弄破。 填涂样例 正确填涂： 错误填涂：力■X■p 缺考标记：☐ 选择题（请用2B铅笔填涂） 1[A][B][C][D] 4[A][B][C1[D] 7[A][B][C][D] 10[A][B][C][D] 2 [A][B]EC][D] 5[A][B][C][D] 8 [A][B][C][D] 3LA][B][C][D] 6[A][B][C][D] 9 [A][B][C][D] 非选择题（请使用0.5毫米的黑色字迹签字笔书写） 11.(6分) (1) (2) (3)】 12.(10分) /(cm.s) 105 ■■■■■■■■■■■■■ (1) 95 85 (2)请在右图上作答 75 (3) 65 (4) 00.10.20.30.40.50.6 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效！ 高考总复习·滚动综合卷（一）物理第1页（共2页）3E 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效！ 13.(9分) 14.(13分) 15.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效！ 高考总复习·滚动综合卷（一）物理第2页（共2页）3E2027高考总复习·滚动综合卷·物理（一） 1.必修第一册（上）+滚动内容 班级 姓名 考号 得分 本试卷满分100分，考试时间75分钟 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个 选项中，只有一项是符合题目要求的。 1.(2026·浙江)下列问题中，图示物体可看成质点的是 甲：四川舰 乙：歼-35 丙：神舟二十二号 丁：蛟龙号 A.研究图甲中“四川舰”的航行路径 B.研究图乙中“歼-35”战斗机的飞行姿态 C.研究图丙中“神舟二十二号”载人飞船与空间站的对接方式 D.研究图丁中“蛟龙号”潜水器完成任务出水后调整方位回舱过程 2.(2026·黑吉辽蒙)某游客驾车由丹东出发，沿“最美边境公路”国道G331 到达额济纳旗，路线如图中实线所示，总里程约7500k,起点到终点的直线 距离约2000km。此过程 A.该车的路程约为2000km B.该车的位移大小约为7500km 黑龙 C.某时刻该车速度计显示的是平均 速度 颜济纳旗 D.若研究该车的运动轨迹，该车可视 为质点 3.(2026·陕晋青宁)现代科技为物资运输提供了多种方式。某物流企业分 别利用无人机和新能源货车从山上装货点P运输货物至山下仓库Q,两 种方式中一定相同的是 A.位移 B.路程 C.时间 D.平均速度 4.(2026·四川)小车在水平地面上做匀速直线运动。零时刻、站在小车上 的甲沿与小车运动方向平行的方向抛出一个小球，乙站在小车侧方水平 地面上观测到小球做直线运动直至落地。忽略空气阻力。则 A.乙观测到小球的运动轨迹与地面垂直 B.乙观测到小球的加速度为零 C.甲抛球方向与小车前进方向相同 D.小球相对地面的初速度不为零 5.(2026·贵州)某同学乘坐列车时，在自己的座位上利用车厢内信息屏和手 机秒表估算隧道长度。该同学进隧道时速度为60m/s,出隧道时速度为 50m/s,总用时200s。若列车在隧道中做匀减速直线运动，则该隧道长为 A.5000m B.8000m C.11000m D.14000m 6.(2026·四川)如图所示，空气中水平放置两端开口的圆柱形长管、管内有 a、b、c三个位置，a、b距离为1cm,c在b右侧。持续驱动活塞使其在a、b 间做周期为0.1s的简谐运动，管内形成稳定机械波。声波在空气中的传 播速度取340m/s,管足够长。则 A.管内机械波为横波 B.管内机械波的振幅为1cm C.管内机械波的波长为1cm D.每秒有10个完整的波经过位置c 7.(2026·云南)如图所示，均匀介质中的三个质点S、P、Q,它们分别静止于 直角坐标系Oxy平面内的(0,0)、（一2,0）和(4,3)处。t=0时刻，S从平 衡位置开始垂直Oxy平面向上振动，振动频率为2Hz,形成向外传播的 简谐横波，图中实线圆表示某时刻相邻的两个波 Ay/m 峰，则 A.该波的波速大小为8m/s /m B.t=0.125s时，P位于波峰 C.该波传播到P、Q的时间差为0.75s D.t=1.25s以后，P、Q的位移始终相同 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个 选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。 8.(2026·河南)智能飞行器飞行表演中，两飞行器M、N位于同一高度，沿 同一直线同向匀速飞行。依据表演要求，M保持飞行速度不变，N先匀加 速后匀减速调整与M的间距，20s以内完成调整。从开始调整时计时，N 传回的数据如表所示，则调整过程中 时间(s) 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 间距(m) 281 294 297 290 273 248 227 212 203 200 200 A.10s末N的速度达到最大值 B.7s末N与M的间距为281.5m C.N加速阶段的加速度大小为2.5m/s2 D.N与M的相对速度的最大值为13.5m/s 高考总复习·滚动综合卷·物理（一）1一13E 9.在双缝干涉实验中，某实验小组用波长为440nm的蓝色激光和波长为 660nm的红色激光组成的复合光垂直照射双缝，双缝间距为0.5mm,双 缝到屏的距离为500mm,则屏上 A.蓝光与红光之间能发生干涉形成条纹 B.蓝光相邻条纹间距比红光相邻条纹间距小 C.距中央亮条纹中心1.32mm处蓝光和红光亮条纹中心重叠 D.距中央亮条纹中心1.98mm处蓝光和红光亮条纹中心重叠 10.甲、乙两辆汽车在同一水平公路上从静止开始做直线运动，它们的v-t 图像如图所示。已知初始时刻甲车在乙车后面距离=66m处，甲、乙 两车均可以视为质点，则 A.甲车在加速阶段的加速度大于乙车在加速阶段的 ↑vlm'sl 20 加速度 10 B.甲、乙两车第一次相遇的时刻为t=12s C.甲、乙两车速度相同时，甲车在乙车的前面 101520/s D.甲、乙两车第二次相遇的时刻为t=16s 选择题答题栏 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某实验小组成员用如图甲所示装置研究匀变速直线运动。长木板 放在水平桌面上，当地的重力加速度为g。 细线 木块 打点计时器 纸带 长木板 钩码 甲 (1)实验所用的打点计时器如图乙所示，此打点计时器为 (填 “电火花”或“电磁”)打点计时器，所用电源为 (填“220V” 或“4~6V”)交流电。 (2)正确安装装置并按正确的操作要求进行操作，打出的一条纸带如图 丙所示，纸带上的点每5个点取1个计数点，打点计时器所用交流电 频率为50Hz,由于不小心将纸带从计数点2与3之间撕断，于是只 测量了1、2之间、3、4之间的距离并标在纸带上，由此可求得该木块 的加速度a= m/s2。(结果保留两位有效数字) cm 4-3.62 5.83 丙 (3)若要测量物块与长木板间的动摩擦因数，还需要测量 (写出物理量的名称和符号)，根据测量的物理量，求 得物块与长木板间的动摩擦因数为4= (用 所测物理量符号表示)，若所用交流电的频率实际小于50Hz,则测得 的动摩擦因数偏 (填“大”或“小”)。 12.(10分)某同学利用如图(a)所示的实验装置探究物体做直线运动时平均 速度与时间的关系。让小车左端和纸带相连，右端用细绳跨过定滑轮和 钩码相连，钩码下落，带动小车运动，打点计时器打出纸带。某次实验得 到的纸带和相关数据如图(b)所示。 打点计时器纸带小车 46.60=8.00+-9.40→ 10.90 12.40 木板 钩码 单位：cm 图(a) 图(b) (1)已知打出图(b)中相邻两个计数点的时间间隔均为0.1s。以打出A 点时小车位置为初始位置，将打出B、C、D、E、F各点时小车的位移 △x填到表中，小车发生对应位移所用时间和平均速度分别为△t和 0,表中△xD= cm,UAD= cm/s. 位移区间 AB AC AD AE AF △.x(cm) 6.60 14.60 △CAD 34.90 47.30 v(cm/s) 66.0 73.0 VAD 87.3 94.6 (2)根据表中数据得到小车平均速度v随时间△t的变化关系，如图(c) 示，在图中补全实验点。 /(cm-s) 105 95 85 75 55 00.10.20.30.40.50.6 图(c) (3)从实验结果可知，小车运动的-△t图线可视为一条直线，此直线用方 程u=k△t十b表示，其中k cm/s2,6= cm/s. (结果均保留3位有效数字) (4)根据(3)中的直线方程可以判定小车做匀加速直线运动，得到打出A 点时小车速度大小4= ,小车的加速度大小a= (结果用字母k、b表示) 13.(9分)一小球以某一初速度冲上一个光滑的斜面，刚好能到达斜面的顶 端。小球在第一个T时间内发生的位移AB=L,最后一个T时间内发 生的位移CD=s。已知AB和CD两段位移没有重叠之处。求： (1)小球的初速度大小； (2)小球通过BC段所用的时间tc。 14.(13分)甲物体从阳台由静止下落，已知甲在下落过程中最后2s的位移 是40m。g取10m/s2,求： (1)最后2s的平均速度； (2)阳台离地面的高度； (3)若甲释放2s后，乙也从阳台以某一竖直向下的初速度开始下落，且 甲、乙同时落地，则乙下落时的初速度大小。 高考总复习·滚动综合卷·物理（一）1一23E 15.(16分)足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员 带球沿边线前进，到底线附近进行传中。某足球场长105m、宽68m。攻 方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做 初速度为12m/s的匀减速直线运动，加速度大小为1.5m/s2。试求： (1)足球从开始做匀减速运动后6s时的速度大小； (2)足球从开始做匀减速运动后8s时的位移大小； (3)足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线向前追赶足 球。他的启动过程可以视为初速度为0，加速度为2m/s2的匀加速 直线运动，他能达到的最大速度为8m/s。该前锋队员至少经过多长 时间能追上足球？ -105m 线 68m 中线 边线2027高考总复习·滚动综合卷·物理 答案解析及评分标准·详答（一~十二）（共36页） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A D A A C D C CD BC BC 1.【答案】A 【解析】A.研究“四川舰”的航行路径时，“四川舰”的体积和形状可以忽略，故“四川舰”可以看成质点，A正确： B.研究“歼-35”战斗机的飞行姿态时，“歼-35”战斗机的体积和形状不可以忽略，故“歼-35”战斗机不可以看成 质点，B错误；C.研究“神舟二十二号”载人飞船与空间站的对接方式时，“神舟二十二号”的体积和形状不可以忽 略，故“神舟二十二号”不可以看成质点，C错误；D.研究“蛟龙号”潜水器完成任务出水后调整方位回舱过程时， “蛟龙号”的体积和形状不可以忽略，故“蛟龙号”不可以看成质点，D错误。 2.【答案】D 【解析】AB.路程是物体运动轨迹的长度，位移是初位置到末位置的有向线段大小。本题中总里程7500km是路 程，起点终点的直线距离2000km是位移大小，AB错误；C.汽车速度计显示的是某一时刻的瞬时速度，不是平 均速度，C错误；D.研究该车的运动轨迹时，汽车自身的大小、形状相对于数千公里的运动路径可以忽略，因此可 以将汽车视为质点，D正确。 3.【答案】A 【解析】A.位移是从初位置指向末位置的有向线段，仅由初、末位置决定，两种运输方式的初位置都是P、末位置 都是Q,故位移一定相同，A正确；B.路程是物体运动轨迹的长度，无人机和货车的行驶路径不同，运动轨迹长度 不一定相等，故路程不一定相同，B错误；C.运动时间由运动路程和运行速率共同决定，两者的路程、运行速率均 无确定关系，故时间不一定相同，C错误；D.平均速度的定义为⑦=二，两者位移x相同，但运动时间t不一定相 同，故平均速度不一定相同，D错误。 4.【答案】A 【解析】B.根据题意可知，小球抛出后受重力作用，加速度为重力加速度，方向竖直向下，B错误；ACD.由于乙站 在小车侧方水平地面上观测到小球做直线运动直至落地，可知，小球相对地面做自由落体运动，乙观测到小球的 运动轨迹与地面垂直，则小球相对地面的初速度为零，即甲抛球方向与小车前进方向相反，相对小车的速度大小 与小车运动的速度大小相等，A正确，CD错误。 5.【答案】C 〖解析】列车在隧道内做匀减速直线运动，匀变速直线运动的平均速度满足刀一“，”，位移等于平均速度乘以运 动时间，即x=,代人已知条件=60m/s、0=50m/s、t=200s,计算得=60,50×200m=1000m. 2 6.【答案】D 【解析】A.根据题意可知，管内机械波振动方向与传播方向平行，则管内机械波为纵波，A错误；B.活塞在ab间 做简谐运动，且ab间距离为1cm,则管内机械波的振幅为0.5cm,B错误；C.管内机械波的波长为入=vT= 34m,C错误，D.管内机械波的周期为0.1s,则每秒有”=÷=10个完整的波经过位置c,D正确。 7.【答案】C 【解析】A.由题知实线圆表示某时刻相邻的两个波峰，则该波波长入=2m,且已知频率为2Hz,根据=入f= 4m/s,A错误；B.已知t=0时刻，S从平衡位置开始垂直Oxy平面向上振动，则波从波源S传播到P需要t。= 2 s=0.5s,而=0.125s<0.5s,则t=0.125s时，P位于平衡位置，B错误；C.根据几何关系可知Q距离波源S 有5m则该议传插到P.Q的时间差为3.2-圣=0.75s,C正确：DP.Q所在的波面相距3m,为受，则1= 1.25s以后，P、Q的位移始终相反，D错误。 高考总复习·滚动综合卷·物理（一）·答案13E 8.【答案】CD 【解析】ACD.以M飞行器为参考系，分别求出N在相邻2s内相对M的位移如表 时间区间 0-2s 2-4s 4-6s 6-8s 8-10s10-12s12-14s14-16s16-18s18-20s X X2 X3 Xa X X。 X Xa X9 X10 相对位移 13m 3m -7m -17m -25m -21m -15m -9m -3m 0 由于X2-X1=X3-X2=X4-X3=-10m,X-X4=-8m,X7-X6=X8-X,=Xg-Xg=6m 故0~8s内N做匀加速直线运动，同理10s~18s内N以另一加速度做匀减速直线运动，8s至10s内的某时 刻，N匀加速运动结束开始做匀减速，所以8s一10s内的某时刻，N的速度达到最大值，设加速阶段的加速度为 a1,则由△x=a1T2=-10m 可得a1=-2.5m/s 设减速阶段的加速度为a2,则由△x'=a2T=6m 解得a2=1.5m/s 以M飞行器为参考系，N在第6s时的速度=X,十X=一6m/s 2T 第12s时的速度：X,十X=一9m/S 2T 则由6十a1t=2一a2(6s-t) 解得t=3s 即第9s时N的速度最大，N相对于M的速度最大值为o=十a1t=-13.5m/s,A错误，CD正确； B7s未时N与M的间距为x=290m十×1s+7a,1s)2=282.75m,B错误。 9.【答案】BC 【解析】A.蓝光与红光颜率不等，不能发生稳定干涉形成条纹，A错误：B.根据相邻干涉条纹间距公式△=子， 由于蓝光的波长较短，故蓝光相邻条纹间距比红光相邻条纹间距小，B正确：CD.蓝光的相邻干涉条纹间距为 △x1=4.4×104m,红光的相邻干涉条纹间距为△.x2=6.6×10-4m,要使蓝光和红光亮条纹中心重叠，可知△x ·m=△x2·n,m=0,1.2…,n=0,1.2…,可知当△x1·m=△x2·n=132mm时，满足条件；当△x1·m=△x2· n=1.98mm,不满足条件：C正确，D错误。 10.【答案】BC 【解析】根据o-t图像的斜率表示加速度，可知甲、乙的加速度分别为a甲=1m/s2、az=2m/s2,A错误；由o-t 图像的面积表示位移，可知t=10s时甲发生的位移为50m,故乙开始运动时甲还没追上乙，当t=15s时，甲发 生的位移为100m,乙发生的位移为25m,则在15s之前甲已经追上了乙，当x甲=x乙十s。时甲、乙相遇，联立 解得t1=12s、t2=18s,因为18s<20s,则甲、乙两次相遇的时间分别为12s和18s,且甲、乙速度相同时，即 15s时甲在乙的前面，B、C正确，D错误。 11.【答案】(1)电火花(1分)220V(1分)(2)1.1(1分) (3)钩码的质量m,滑块的质量M1分)mg二m+M)a1分)小(1分) Mg 【解析】(1)此打点计时器为电火花打点计时器，所用电源为220V交流电； (2)由逐差法公式可求得加速度a=4,型=1.1m/s2; 2T2 (3)若要测量物块与长木板间的动摩擦因数，还需要测量钩码的质量、滑块的质量M,根据牛顿第二定律有 mgMg=(m十M)a,解得4=g一m+M)a,若所用交流电的频率实际小于50H2,则测得的加速度偏大， Mg 测得的动摩擦因数偏小。 12.【答案】(1)24.00(1分)80.0(1分)(2)如图(a)所示(2分)(3)70.0(1分)59.0(1分) (4)b(2分)2k(2分) 【解析】(1)根据纸带的数据可得△.xAD=xAB十xc十xcD=6.60cm十8.00cm十9.40cm=24.00cm,平均速度为 =架=80.0cm/s。 UAD一3T 高考总复习·滚动综合卷·物理（一）·答案23E (2)根据第(1)小题结果补充表格和补全实验点图像得[如图(a)所示]。 A/(cm·s) /(cm.s) 105日 105 95 95 85H 15 19 65钳 65 5公 5 图(a) 图(b) (3)从实验结果可知，小车运动的-△t图线可视为一条直线，图像为[如图(b)所示]此直线用方程=△t十b 表示，由图像可知其中k=101.0-59.0cm/s2=70.0cm/3b=59.0cm/s. 0.6 (4)小球做匀变速直线运动，由位移公式x=w十7，整理得子=4十2a,即0=04十2a1,故根据图像斜率 1 1 和截距可得4=b,a=2k。 13.【解析】(1)小球在AB段有L=T-号aT(2分) 由于小球做末速度为零的匀减速运动，故该运动过程可以看成是反向的初速度为零的匀加速运动 根据逆向思维，在CD段有s=2aT(2分) 联立解得，=L十1分) (2)设小球在整个AD段所用的时间为t,则有0=一at(1分) 由(1)可知小球的加速度a学1分) 小球通过BC段所用的时间t=t一2T(1分) 联立解得r=TL,31分) 2s 14.【解析】(1)最后2s的平均速度为： =-号n/s=20m/s(2分) (2)设运动的总时间为t,则最后2s内的位移为： h=78-784-2)=40m（2分) 解得：t=3s(1分) 所以总高度H-号gt-号×10X9m=45m（2分) (3)甲释放2s后，乙也从阳台释放，要甲、乙同时落地， 则乙运动的时间为t=3s一2s=1s(2分) 乙做匀加速运动，则M=d,十s?(2分) 45-3×10X1 解得o= m/s=40m/s(2分) 1 15.【解析】(1)o=w-at=3m/s(2分) (2)足球速度减为零的时间为t。==8s(2分) a 8s内的位移为云一云=48m2分) (3)队员达到最大速度的时间为==4s(1分) 这段时间队员的位移为，=受，=16m(2分) 之后队员匀速至足球停止时的位移为x3=2(t一t2)=32m(2分) x2十x3=48m=x。(1分) 则足球停止时队员刚好追上(2分) 故队员追上足球的时间为t=t。=8s(2分) 高考总复习·滚动综合卷·物理（一）·答案33E