2026-2027学年高二上学期期中测试物理练习（粤教版）

2026-2027学年粤教版高二第一学期期中测试物理试题 班级 姓名 学号 总分 本试卷满分：100分；考试时间：75分钟 1．如图1所示，一个空塑料瓶上固定着一根铁锯条和一块易拉罐（金属）片，将它们分别与静电起电机的两极相连，其俯视图如图2所示。在塑料瓶里放一盘点燃的蚊香，很快就看见整个透明塑料瓶里烟雾缭绕。摇动起电机，强电场使空气电离而产生负离子和正离子，负离子碰到烟尘微粒使它带负电，塑料瓶变得清澈透明。关于该过程，下列说法正确的是（　　） A．金属片附近的气体分子更容易被电离 B．带电烟尘微粒做匀加速运动 C．带电烟尘微粒运动过程中电势能增大 D．带电烟尘微粒会被吸附到金属片上 【答案】D 【解析】A．塑料瓶内锯条附近电场强度最大，锯条附近的空气分子更容易被电离，故A错误； B．因为金属片和锯条间的电场不是匀强电场，带电烟尘微粒受到的电场力为变力，微粒的加速度也不是恒定值，所以带电烟尘微粒不是做匀加速运动，故B错误； CD．带负电的烟雾颗粒向着金属片运动时，静电力做正功，电势能减少，最终运动到接正极的金属片上，故C错误，D正确。故选D。 2．如图所示，一个均匀带电球体所带电荷量为，在球外点放置一个电荷量为的检验电荷，点到球心的距离为。可以证明，检验电荷受到的带电球体对它的电场力大小为，其中为静电力常量。根据电场强度的定义式，可以推知带电球体在点的电场强度大小为（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】由题可知，带电球体在A点的电场力大小为，根据电场强度的定义可得；故选A。 3．场致发射显微镜是一种能够实现原子成像的超级显微镜，能鉴别小到0.1纳米的距离，放大率可达几百万倍，其结构简图如图所示。将待测样品制成极细的针尖，针尖半径r可小至几十纳米。将针尖置于半径为R（R≫r）的真空玻璃泡中心，玻璃泡内壁涂有荧光导电层，针尖与荧光屏之间加高压U（荧光屏接地），在强电场作用下针尖表面就会发射电子。针尖表面某处电场越强，该处发出的电子越多。从针尖表面各点发出的电子，沿电场线飞向内壁，把针尖表面的原子结构信息直接投影放大到荧光屏上成像。针尖越尖，表面上相邻两点在屏上投影的张角越大。忽略相对论效应及电子间相互作用。下列说法正确的是（　　） A．仅增大样品针尖半径r，可增强电子发射电流 B．电子沿电场线运动过程中，其动量随时间的变化率不变 C．仅增加高压U，可获得放大倍率更高的图像 D．仅增大内壁半径R，可获得放大倍率更高的图像 【答案】D 【解析】A．针尖越小（r越小），尖端电场越强（尖端放电原理），所以增大半径r会使电场变弱，电子发射电流减小，故A错误； B．针尖和荧光屏之间的电场是非匀强电场（越靠近针尖电场越强），电子沿电场线运动时，根据可知，电场力变小，根据动量定理可知，动量变化率等于合外力，所以动量变化量变小，故B错误； C．放大倍率由投影张角决定，增加高压U只会使电场增强，不会改变张角，也就不能提高放大倍率，故C错误； D．仅增大内壁半径，针尖到荧光屏的距离变大，相邻两点的投影张角变大，放大 倍率变高，故D正确。故选D。 4．（2026·广东·高考）图（a）为某梳齿状可变电容器截面图，上端为固定极板，下端为可上下运动的动极板。将该电容器接入图（b）所示电路，探究其电荷量、极板电压和电容的变化。过程为：①当动极板运动到最高处，开关接端，电源向电容器充电；②充电结束后接 端空置，动极板向下运动；③当动极板运动到最低处，接端，电容器通过放电。关于该过程，下列图像可能正确的是（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】AB．由题意可知①过程为电容器充电过程，电容器两端电势差逐渐增大，根据可知电容器电荷量逐渐增大；②过程接端，则电容器Q不变，动极板向下运动，S减小，根据可知U增大，C减小；③过程为放电过程，动极板在最低处电容为更小的恒定值，故对应Q-U图线为过原点、斜率更小的直线，A正确，B错误； CD．通过前面的分析可知①过程的电容C大于③过程的电容C，②过程中Q不变，因为，所以U与C成反比，图像为双曲线的一支，故CD均错误。故选A。 5．如图，光滑绝缘水平面AB与竖直面内光滑绝缘半圆形轨道BC在B点相切，轨道半径为r，圆心为O，O、A间距离为。原长为的轻质绝缘弹簧一端固定于O点，另一端连接一带正电的物块。空间存在水平向右的匀强电场，物块所受的电场力与重力大小相等。物块在A点左侧释放后，依次经过A、B、C三点时的动能分别为，则（    ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】由题意可得A点弹簧伸长量为，B点和C点弹簧压缩量为，即三个位置弹簧弹性势能相等，则由A到B过程中弹簧弹力做功为零，电场力做正功，动能增加，，同理B到C过程中弹簧弹力和电场力做功都为零，重力做负功，则动能减小，，由A到C全过程则有，因此；故选C。 6．某同学根据查阅到的某种热敏电阻的特性曲线（如图甲），设计了图乙所示的恒温箱温度控制电路图乙中，为热敏电阻，为可变电阻，控制系统可视作的电阻，电源的电动势，内阻不计。当通过控制系统的电流小于2 mA时，加热系统将开启，为恒温箱加热；当通过控制系统的电流等于2 mA时，加热系统将关闭。下列说法正确的是（ ） A．若要使恒温箱内温度保持20℃，应将调为500Ω B．若要使恒温箱内温度升高，应将减小 C．若恒温箱内温度降低，通过控制系统的电流将减小 D．保持不变，通过控制系统的电流大小随恒温箱内的温度均匀变化 【答案】C 【解析】A．控制系统的电流等于2mA时，电路中的总电阻；20℃热敏电阻的阻值为Rt1=4000Ω,若要使恒温箱内温度保持20℃应将R1调为4500Ω-4000Ω-200Ω =300Ω，故A错误； B．由于加热系统关闭的电流临界值2mA一定，即加热系统关闭的电路中临界的总电阻始终4500Ω。可知若要使恒温箱内保持的温度值升高，即热敏电阻的阻值减小，则必须使R1增大，故B错误； C．若恒温箱内温度降低，热敏电阻阻值增大，通过控制系统的电流减小，故C正确； D．根据图1可知，恒温箱内的温度与热敏电阻的阻值成线性关系，通过控制系统的电流可知，通过控制系统的电流大小与热敏电阻的阻值不是线性关系，即保持R1不变，通过控制系统的电流大小随恒温箱内的温度不是均匀变化，故D错误。故选C。 7．图为分拣苹果的装置示意图。该装置按照一定质量标准自动分拣大苹果和小苹果，托盘秤压在一个以O1为转动轴的杠杆上，杠杆末端压在压力传感器R1上，已知压力越大，R1阻值越小。若R2两端的电压较小，分拣开关在弹簧向上弹力作用下处于水平状态，小苹果进入通道1；当R2两端的电压超过某一值U时，可使放大电路中的电磁铁吸引分拣开关的衔铁，此时大于一定标准质量的大苹果进入通道2。已知电源的电动势E1、内阻不计。下列说法正确的是（　　） A．增大电动势E1，分拣苹果的质量标准变小 B．托盘秤上的苹果质量越小，R1两端的电压越小 C．若只增大R2的阻值，则能进入通道2的苹果的标准质量变大 D．若仅改变电磁铁线圈的绕向，则分拣苹果的质量标准将发生改变 【答案】A 【解析】A．触发条件为，根据闭合电路欧姆定律有,整理得刚好触发时满足 ,若增大，则刚好触发需要的更大，越大对应压力越小，苹果质量越小，即分拣的质量标准变小，A正确； B．苹果质量越小，压力越小，越大，总电流,两端电压,所以增大时增大，B错误； C．由可知增大，刚好触发需要的增大，对应苹果质量更小，因此进入通道2的苹果标准质量变小，C错误； D．仅改变电磁铁线圈绕向，仅改变磁场方向，电磁铁仍可以吸引衔铁，触发电压不变，分拣质量标准不变，D错误。故选A。 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 8．如图所示，电源电动势，内阻，电动机内阻，闭合开关S，小灯泡L恰好正常发光，电动机正常工作，此时理想电压表示数为8.0V，理想电流表示数为1A，下列说法正确的是（　　） A．小灯泡额定功率为8W B．电动机正常工作时发热功率为0.25W C．电源的输出功率为16W D．电动机正常工作时其输出的机械功率为8W 【答案】AC 【解析】A．根据闭合电路欧姆定律有，小灯泡的电流为，小灯泡额定功率为，代入数据解得W，故A正确； B．电动机正常工作时发热功率为W，故B错误； C．电源的输出功率为W，故C正确； D．电动机正常工作时其输出的机械功率为W，故D错误；故选AC。 9．霍尔推进器工作原理简化如图所示，放电通道两端的电极、间存在一加速电场。工作时，工作物质氙气进入放电通道后被电离为氙离子，再经电场加速喷出，形成推力。若某次试验中有的氙气被电离，氙离子从右端喷出电场的速度，其比荷。氙离子进入通道的初速度视为，忽略重力及阻力。当推进器产生的推力达到毫牛时（毫牛牛顿），下列判断正确的是（　　） A．每秒进入放电通道的氙气质量为 B．每秒进入放电通道的氙气质量为 C．氙离子向外喷射形成的电流为3.84 A D．氙离子向外喷射形成的电流为4.00 A 【答案】BC 【解析】AB．设每秒喷出的氙离子质量为，根据动量定理，在时间内，电场力对氙离子产生的冲量转化为氙离子的动量变化，由此可得每秒喷出的氙离子质量为，每秒进入放电通道的氙气质量为，故A错误，B正确； CD．电流的定义为单位时间内流过截面的电荷量，即，每秒喷出的电荷量可以通过比荷和每秒喷出的氙离子质量计算得出，解得电流，故C正确，D错误。 故选BC。 10．如图所示，平行金属板中有一个带电油滴悬浮在两板间的点，不考虑电流表和电压表对电路的影响，选地面的电势为零。当滑动变阻器的滑片向端移动时，若电压表、电流表的示数变化量分别为和，下列说法正确的是（　　） A．电压表示数变大 B．电源的效率变低 C．油滴带负电，将向上运动 D． 【答案】ACD 【解析】A．滑动变阻器的滑片向端移动时，连入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律知干路电流减小，电源的内电压和的电压减小，则并联部分的电压增大，电压表读数变大，故A正确； B．电源的效率为，根据前面分析可知，路端电压增大，所以电源的效率变高，故B错误； C．平行金属板上极板与电源正极相连，故油滴带负电，平行金属板间电压增大，根据知平行金属板间的场强增大，油滴受到的电场力增大，则油滴将向上运动，故C正确； D．电流表示数即干路电流为，电压表示数为，由闭合电路欧姆定律得，则有，故D正确。故选ACD。 三、实验题（本大题共2小题，共15分 11．（6分）某兴趣小组在实验室找到一个铭牌丢失的滑动变阻器，该小组通过设计实验测量该滑动变阻器的阻值及其金属丝的电阻率。 (1)先用多用电表粗测滑动变阻器的阻值。操作如下： ①先对多用电表进行机械调零后，将多用电表的选择开关旋至“×10”倍率的电阻挡，后进行欧姆调零； ②将黑、红表笔接触滑动变阻器下端两接线柱，示数如图所示，测得该滑动变阻器的阻值Rx=__________Ω。 (2)为进一步测量该待测滑动变阻器的阻值Rx及其电阻率，该兴趣小组找来以下实验器材： A．电源E（电动势3 V，内阻约为2  Ω） B．电压表（量程0~3  V，内阻约为3  kΩ） C．电压表（量程0~15  V，内阻约为15  kΩ） D．电流表（量程0~0.6 A，内阻约为0.1  Ω） E.电流表（量程0~100  mA，内阻约为8  Ω） F.滑动变阻器Rp，最大阻值50  Ω、额定电流0.1  A G.开关、导线若干 ①为减小误差，实验中电压表应选__________，电流表应选__________（均填器材前的字母代号）； ②如图所示的实物电路还有一根导线未连接，请完成好实物连接在________； ③实验闭合开关S前，滑动变阻器RP的滑片P应处在________（选填“A”或“B”）端； ④在不拆开变阻器的情况下，如何测量金属丝的长度和直径？该小组采用图甲的办法，数得金属丝的缠绕圈数为N=200圈，可计算金属丝的直径为d= _______mm，根据图乙的办法，可计算金属丝的长度l； ⑤该小组测得多组电压和电流数据，描绘U-I图像测得图中直线的斜率为k，若金属丝的直径为d，金属丝的长度l，则电阻率的表达式为ρ=__________（用字母k、d、l表示）。 【答案】(1)50 (2) B ；E；B ； 0.503； （每空1分，共6分） 【解析】（1）由题及图甲多用电表读数可知，滑动变阻器的阻值 （2）①因为电源电动势3V，选量程0~3  V的电压表，可保证读数精度，量程0~15  V的电压表读数精度低，故选B；根据欧姆定律最大电流，选择量程为0~100  mA的电流表合适，故选E；②因电压表内阻远大于待测电阻的阻值，可知应采用电流表外接电路，则连线如图 ③闭合开关前，滑片应置于端，使得滑动变阻器接入阻值最大，保护电路； ④游标卡尺读数为，金属丝的直径 ⑤U-I图像斜率由电阻定律横截面积联立解得 12．（9分）某实验小组测量电池组的电动势和内电阻的实验如下： (1)依图1完成图2的实物连线，将未接导线的A端接在_______点（选填“B”或“C”）。 闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于最_______端（选填“左”或“右”）。 (2)用图1电压表的示数U和电流表的示数I分别为纵轴和横轴，计算机拟合得到如图3所示的图像，拟合公式是：，则电池组的电动势_______V，内电阻_______Ω（保留两位小数）。 (3)上述实验产生的系统误差主要原因是_______。（单选） A．电压表的分流作用 B．电流表的分压作用 C．定值电阻的分压作用 (4)现在实验桌上有如下器材：电压表（0~3V，内阻很大）、电流表（0~0.6A、内阻很小）、电阻箱（0~9999.9Ω）、滑动变阻器（0~10Ω）、电键各一个、电池盒（两节串联）、导线若干。选用合适的器材（不得添加其他器材），设计两种测量电池组电动势和内电阻的电路，将电路图画在方框中。 【答案】(1) B（1分）；左（1分）；(2) 2.87（1分）； 0.20（1分）(3)A（1分）(4)见解析（3分） 【解析】（1）依据图1、2，电压表要测量滑动变阻器和电流表两端的总电压，故导线的A端应接在B点；闭合开关S前，滑动变阻器接入电路的电阻应为最大值，故滑动变阻器的滑片应置于最左端。 （2）依据图1，根据闭合电路欧姆定律，可知，结合拟合公式，可得电动势。同上可知，结合图1，解得电源内阻 （3）图1中的电压表不是理想的元件，有内阻，闭合电路中流过电源的电流并没有全部被电流表测得，其中一小部分流过电压表，即，所以系统误差是由电压表的分流作用引起的，故选A。 （4）方法一和方法二：用伏安法来测量电池组电动势和内电阻，电路图如下 不论是电流表内接法还是外接法，都可根据闭合电路欧姆定律列式 可作出图像并求出对应的电池组电动势和内电阻； 方法三：可将电路图简化，不使用滑动变阻器，仅使用电阻箱和电压表，即伏阻法。电路图如下 根据闭合电路欧姆定律可知又因为联立可得可作出图像并求出对应的电池组电动势和内电阻； 方法四：可将电路图简化，不使用滑动变阻器，仅使用电阻箱和电流表，即安阻法。电路图如下 根据闭合电路欧姆定律可知又因为联立可得可作出图像并求出对应的电池组电动势和内电阻。 四、解答题（本大题共3小题，共39分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13 (10分)．某均匀直金属丝长，横截面积，将该金属丝接入电路后，其两端的电压，在内有的电荷量通过该金属丝的横截面。 (1)求金属丝中的电流I； (2)求金属丝材料的电阻率； (3)金属丝中之所以形成电流，是因为其内部存在恒定电场。已知电子的电荷量，求金属丝中一个电子在此恒定电场中所受的电场力大小。 【答案】(1) (2) (3) 【解析】（1）该金属丝中的电流（2分） 得（1分） （2）金属丝的电阻（2分） 根据电阻定律（1分） 得（1分） （3）金属丝内部恒定电场的电场强度大小为（1分） 一个电子所受的电场力（1分） 得（1分） 14．（13分）如图，一根长的绝缘细线，上端固定于O点，下端系一个质量的带电小球，将整个装置放入一范围足够大的匀强电场当中，电场强度大小为，方向为水平向右，已知：当细线偏离竖直方向时，小球处于平衡状态，重力加速度g取，，。求：（结果可用根式表示） (1)小球带何种电荷，所带电荷量为多少； (2)若将小球拉至最低点C无初速度释放，当小球运动到B点时的速度大小； (3)若小球从最低点C以水平向右的初速度出发，为多大时小球恰能在竖直平面上做完整的圆周运动？ 【答案】(1)正电， (2) (3) 【解析】（1）以小球为对象，根据平衡条件可知，电场力水平向右，与电场强度方向相同，则小球带正电；根据受力平衡可得（2分） 解得（1分） （2）小球从点运动到点过程中，根据动能定理得（2分） 解得（1分） （3）如图所示 由题意可知小球恰好能做完整圆周运动时，对点受力分析可知（2分） 解得（1分） 小球从点运动到点过程中，由动能定理得（3分） 解得（1分） 15．（16分）在如图所示的电路中，电源的电动势E＝28 V，内阻r＝2 Ω，电阻R1＝12 Ω，R2＝R4＝4 Ω，R3＝8 Ω，C为平行板电容器，其电容C＝3.0 pF，虚线到两极板的距离相等，极板长L＝0.20 m，两极板的间距d＝1.0×10－2 m，g取10 m/s2。 (1)若最初开关S处于断开状态，则将其闭合后，流过R4的电荷量为多少； (2)若开关S断开时，有一个带电微粒沿虚线方向以v0＝2.0 m/s的初速度射入平行板电容器的两极板间，带电微粒刚好沿虚线匀速运动，则：当开关S闭合后，此带电微粒以相同的初速度沿虚线方向射入两极板间后，能否从极板间射出？(要求写出计算和分析过程) 【答案】(1)6.0×10－12 C　(2)带电微粒不能从极板间射出 【解析】(1)S断开时，电阻R3两端的电压：U3＝＝16 V（2分） S闭合后，外电路的总电阻：R＝＝6 Ω（2分） 路端电压U＝＝21 V（1分） 电阻R3两端的电压U3′＝U＝14 V（1分） 闭合开关后流过R的电荷量 ΔQ＝CU3－CU3′＝6.0×10－12 C（2分） (2) 设带电微粒的质量为m、带电荷量为q，当开关S断开时有：q＝mg（2分） 当开关S闭合后，设带电微粒的加速度为a，则有：mg－q＝ma（2分） 假设带电微粒能从极板间射出，则水平方向有：t＝（1分） 竖直方向有：y＝at2（1分） 由以上各式得y＝6.25×10－3 m＞（1分） 故带电微粒不能从极板间射出。（1分） 1 / 19 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026-2027学年粤教版高二第一学期期中测试物理试题 班级 姓名 学号 总分 本试卷满分：100分；考试时间：75分钟 1．如图1所示，一个空塑料瓶上固定着一根铁锯条和一块易拉罐（金属）片，将它们分别与静电起电机的两极相连，其俯视图如图2所示。在塑料瓶里放一盘点燃的蚊香，很快就看见整个透明塑料瓶里烟雾缭绕。摇动起电机，强电场使空气电离而产生负离子和正离子，负离子碰到烟尘微粒使它带负电，塑料瓶变得清澈透明。关于该过程，下列说法正确的是（　　） A．金属片附近的气体分子更容易被电离 B．带电烟尘微粒做匀加速运动 C．带电烟尘微粒运动过程中电势能增大 D．带电烟尘微粒会被吸附到金属片上 2．如图所示，一个均匀带电球体所带电荷量为，在球外点放置一个电荷量为的检验电荷，点到球心的距离为。可以证明，检验电荷受到的带电球体对它的电场力大小为，其中为静电力常量。根据电场强度的定义式，可以推知带电球体在点的电场强度大小为（　　） A． B． C． D． 3．场致发射显微镜是一种能够实现原子成像的超级显微镜，能鉴别小到0.1纳米的距离，放大率可达几百万倍，其结构简图如图所示。将待测样品制成极细的针尖，针尖半径r可小至几十纳米。将针尖置于半径为R（R≫r）的真空玻璃泡中心，玻璃泡内壁涂有荧光导电层，针尖与荧光屏之间加高压U（荧光屏接地），在强电场作用下针尖表面就会发射电子。针尖表面某处电场越强，该处发出的电子越多。从针尖表面各点发出的电子，沿电场线飞向内壁，把针尖表面的原子结构信息直接投影放大到荧光屏上成像。针尖越尖，表面上相邻两点在屏上投影的张角越大。忽略相对论效应及电子间相互作用。下列说法正确的是（　　） A．仅增大样品针尖半径r，可增强电子发射电流 B．电子沿电场线运动过程中，其动量随时间的变化率不变 C．仅增加高压U，可获得放大倍率更高的图像 D．仅增大内壁半径R，可获得放大倍率更高的图像 4．（2026·广东·高考）图（a）为某梳齿状可变电容器截面图，上端为固定极板，下端为可上下运动的动极板。将该电容器接入图（b）所示电路，探究其电荷量、极板电压和电容的变化。过程为：①当动极板运动到最高处，开关接端，电源向电容器充电；②充电结束后接 端空置，动极板向下运动；③当动极板运动到最低处，接端，电容器通过放电。关于该过程，下列图像可能正确的是（ ） A． B． C． D． 5．如图，光滑绝缘水平面AB与竖直面内光滑绝缘半圆形轨道BC在B点相切，轨道半径为r，圆心为O，O、A间距离为。原长为的轻质绝缘弹簧一端固定于O点，另一端连接一带正电的物块。空间存在水平向右的匀强电场，物块所受的电场力与重力大小相等。物块在A点左侧释放后，依次经过A、B、C三点时的动能分别为，则（    ） A． B． C． D． 6．某同学根据查阅到的某种热敏电阻的特性曲线（如图甲），设计了图乙所示的恒温箱温度控制电路图乙中，为热敏电阻，为可变电阻，控制系统可视作的电阻，电源的电动势，内阻不计。当通过控制系统的电流小于2 mA时，加热系统将开启，为恒温箱加热；当通过控制系统的电流等于2 mA时，加热系统将关闭。下列说法正确的是（ ） A．若要使恒温箱内温度保持20℃，应将调为500Ω B．若要使恒温箱内温度升高，应将减小 C．若恒温箱内温度降低，通过控制系统的电流将减小 D．保持不变，通过控制系统的电流大小随恒温箱内的温度均匀变化 7．图为分拣苹果的装置示意图。该装置按照一定质量标准自动分拣大苹果和小苹果，托盘秤压在一个以O1为转动轴的杠杆上，杠杆末端压在压力传感器R1上，已知压力越大，R1阻值越小。若R2两端的电压较小，分拣开关在弹簧向上弹力作用下处于水平状态，小苹果进入通道1；当R2两端的电压超过某一值U时，可使放大电路中的电磁铁吸引分拣开关的衔铁，此时大于一定标准质量的大苹果进入通道2。已知电源的电动势E1、内阻不计。下列说法正确的是（　　） A．增大电动势E1，分拣苹果的质量标准变小 B．托盘秤上的苹果质量越小，R1两端的电压越小 C．若只增大R2的阻值，则能进入通道2的苹果的标准质量变大 D．若仅改变电磁铁线圈的绕向，则分拣苹果的质量标准将发生改变 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 8．如图所示，电源电动势，内阻，电动机内阻，闭合开关S，小灯泡L恰好正常发光，电动机正常工作，此时理想电压表示数为8.0V，理想电流表示数为1A，下列说法正确的是（　　） A．小灯泡额定功率为8W B．电动机正常工作时发热功率为0.25W C．电源的输出功率为16W D．电动机正常工作时其输出的机械功率为8W 9．霍尔推进器工作原理简化如图所示，放电通道两端的电极、间存在一加速电场。工作时，工作物质氙气进入放电通道后被电离为氙离子，再经电场加速喷出，形成推力。若某次试验中有的氙气被电离，氙离子从右端喷出电场的速度，其比荷。氙离子进入通道的初速度视为，忽略重力及阻力。当推进器产生的推力达到毫牛时（毫牛牛顿），下列判断正确的是（　　） A．每秒进入放电通道的氙气质量为 B．每秒进入放电通道的氙气质量为 C．氙离子向外喷射形成的电流为3.84 A D．氙离子向外喷射形成的电流为4.00 A 10．如图所示，平行金属板中有一个带电油滴悬浮在两板间的点，不考虑电流表和电压表对电路的影响，选地面的电势为零。当滑动变阻器的滑片向端移动时，若电压表、电流表的示数变化量分别为和，下列说法正确的是（　　） A．电压表示数变大 B．电源的效率变低 C．油滴带负电，将向上运动 D． 三、实验题（本大题共2小题，共15分 11．（6分）某兴趣小组在实验室找到一个铭牌丢失的滑动变阻器，该小组通过设计实验测量该滑动变阻器的阻值及其金属丝的电阻率。 (1)先用多用电表粗测滑动变阻器的阻值。操作如下： ①先对多用电表进行机械调零后，将多用电表的选择开关旋至“×10”倍率的电阻挡，后进行欧姆调零； ②将黑、红表笔接触滑动变阻器下端两接线柱，示数如图所示，测得该滑动变阻器的阻值Rx=__________Ω。 (2)为进一步测量该待测滑动变阻器的阻值Rx及其电阻率，该兴趣小组找来以下实验器材： A．电源E（电动势3 V，内阻约为2  Ω） B．电压表（量程0~3  V，内阻约为3  kΩ） C．电压表（量程0~15  V，内阻约为15  kΩ） D．电流表（量程0~0.6 A，内阻约为0.1  Ω） E.电流表（量程0~100  mA，内阻约为8  Ω） F.滑动变阻器Rp，最大阻值50  Ω、额定电流0.1  A G.开关、导线若干 ①为减小误差，实验中电压表应选__________，电流表应选__________（均填器材前的字母代号）； ②如图所示的实物电路还有一根导线未连接，请完成好实物连接在________； ③实验闭合开关S前，滑动变阻器RP的滑片P应处在________（选填“A”或“B”）端； ④在不拆开变阻器的情况下，如何测量金属丝的长度和直径？该小组采用图甲的办法，数得金属丝的缠绕圈数为N=200圈，可计算金属丝的直径为d= _______mm，根据图乙的办法，可计算金属丝的长度l； ⑤该小组测得多组电压和电流数据，描绘U-I图像测得图中直线的斜率为k，若金属丝的直径为d，金属丝的长度l，则电阻率的表达式为ρ=__________（用字母k、d、l表示）。 12．（9分）某实验小组测量电池组的电动势和内电阻的实验如下： (1)依图1完成图2的实物连线，将未接导线的A端接在_______点（选填“B”或“C”）。 闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于最_______端（选填“左”或“右”）。 (2)用图1电压表的示数U和电流表的示数I分别为纵轴和横轴，计算机拟合得到如图3所示的图像，拟合公式是：，则电池组的电动势_______V，内电阻_______Ω（保留两位小数）。 (3)上述实验产生的系统误差主要原因是_______。（单选） A．电压表的分流作用 B．电流表的分压作用 C．定值电阻的分压作用 (4)现在实验桌上有如下器材：电压表（0~3V，内阻很大）、电流表（0~0.6A、内阻很小）、电阻箱（0~9999.9Ω）、滑动变阻器（0~10Ω）、电键各一个、电池盒（两节串联）、导线若干。选用合适的器材（不得添加其他器材），设计两种测量电池组电动势和内电阻的电路，将电路图画在方框中。 四、解答题（本大题共3小题，共39分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13 (10分)．某均匀直金属丝长，横截面积，将该金属丝接入电路后，其两端的电压，在内有的电荷量通过该金属丝的横截面。 (1)求金属丝中的电流I； (2)求金属丝材料的电阻率； (3)金属丝中之所以形成电流，是因为其内部存在恒定电场。已知电子的电荷量，求金属丝中一个电子在此恒定电场中所受的电场力大小。 14．（13分）如图，一根长的绝缘细线，上端固定于O点，下端系一个质量的带电小球，将整个装置放入一范围足够大的匀强电场当中，电场强度大小为，方向为水平向右，已知：当细线偏离竖直方向时，小球处于平衡状态，重力加速度g取，，。求：（结果可用根式表示） (1)小球带何种电荷，所带电荷量为多少； (2)若将小球拉至最低点C无初速度释放，当小球运动到B点时的速度大小； (3)若小球从最低点C以水平向右的初速度出发，为多大时小球恰能在竖直平面上做完整的圆周运动？ 15．（16分）在如图所示的电路中，电源的电动势E＝28 V，内阻r＝2 Ω，电阻R1＝12 Ω，R2＝R4＝4 Ω，R3＝8 Ω，C为平行板电容器，其电容C＝3.0 pF，虚线到两极板的距离相等，极板长L＝0.20 m，两极板的间距d＝1.0×10－2 m，g取10 m/s2。 (1)若最初开关S处于断开状态，则将其闭合后，流过R4的电荷量为多少； (2)若开关S断开时，有一个带电微粒沿虚线方向以v0＝2.0 m/s的初速度射入平行板电容器的两极板间，带电微粒刚好沿虚线匀速运动，则：当开关S闭合后，此带电微粒以相同的初速度沿虚线方向射入两极板间后，能否从极板间射出？(要求写出计算和分析过程) 1 / 19 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $