新疆喀什市2026-2027学年高二第一学期期中考试物理试卷

喀什市2026~2027学年第一学期期中质量监测 高二物理参考答案及评分细则 1、 单选题 （本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中只有一项符合要求） 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 C B B C A B C 二、多选题（本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。） 题号 8 9 10 答案 BD AB CD 1．C【解】A：电场强度大的地方电势不一定高，电荷在该处具有的电势能不一定大．故A项错误、 B：电场强度为零的地方电势不一定为零，电荷在该处具有的电势能不一定为零．故B项错误． C：电荷在某处具有的电势能，从电势高处运动到电势低处，电势降低，负电荷的电势能增加．故C项正确． D：不知电荷的初速，只在静电力的作用下运动，电荷运动的各种可能均有，电荷的电势能不一定减少．故D项错误． 2．B【解】两个带电量均为+Q的相同金属小球（均视为点电荷）相距r时，两球之间的排斥力 让第三个不带电的相同金属小球接触其中一个带电小球后移开，该带电小球带电量变为，此时原来两带电小球之间的排斥力变为 故选B。 3．B【解】A．根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，A、B是两个等量异种电荷。故A错误； B．在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断，所以C点的电场强度比D点的电场强度大，故B正确。 C．根据平行四边形定则，对中垂线上的场强进行合成，知中垂线上每点的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，所以C点的电势等于D点的电势。故C错误； D．若将这两个点电荷互换位置后，C、D两点场强大小不变，而方向都将发生变化，故D错误。故选B。 4．C【解】A．甲图中，该女生接触带电的金属球，与金属球带同种性质的电性，故A正确，不符合题意； B．乙图中，线状电离器B带负电，带负电的尘埃被收集在带正电的板状收集器A上，故B正确，不符合题意； C．由于金属网的屏蔽，金属网内电场强度处处为零，原因是带电小球A产生的电场与金属网产生的感应电场矢量和为零，故C错误，符合题意； D．图丁中超高压带电作业的工作人员，为了保证他们的安全，他们必须穿上金属丝制成的衣服，以起到静电屏蔽的作用，故D正确，不符合题意。 故选C。 5．A【解】AD．粒子受力方向指向粒子运动轨迹凹的一侧，故粒子在B点受电场力方向向左，负电荷受力方向与场强方向相反，所以电场线的方向水平向右。根据沿电场线电势逐渐降低，可得 故A正确；D错误； B．粒子从A到C的过程中电场力做负功，粒子的电势能增大，即粒子在A点的电势能比在C点的电势能小。故B错误； C．带电粒子在匀强电场中，所受电场力恒定，根据 ，可知粒子在A点的加速度和在C点的加速度一样大。故C错误； 故选A。 6．B【解】A．由题意可知，极板所带的电荷量保持不变，根据电容器的决定式，可知增大A板与B板之间的水平距离，d变大，则C变小，根据公式可知，电势差变大，所以张角变大，故A错误； B．同上述分析可知，将玻璃板插入极板间，则C变大，根据公式可知，电势差减小，则张角减小，故B正确； C．同上述分析，当B板向上平移时，S减小，则C变小，因此电势差增大，张角增大，故C错误； D．同上述分析，当A板向上平移时，S减小，则C变小，因此电势差增大，张角增大，故D错误。 故选B。 7．C【解】带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，水平位移，两次运动的水平位移之比为，两次运动的水平速度相同，故运动时间之比；由于竖直方向上的位移，其中 故加速度之比为，又因为加速度 故 故选C。 8．BD【解】A．电容器与电源保持相连，则U不变，选项A错误； B．根据 可知将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离时，d变大，则C减小，选项B正确； C．电容的定义式 Q=CU 当C减小，则Q也减小，选项C错误； D．因为 当d变大时，E减小，则由 UP0=EdP0 可知P点与下极板的电势差减小，P点的电势降低，选项D正确； 故选BD。 9．AB【解】小球进入竖直平行板电场前做自由下落运动，进入电场瞬间的初速度方向是竖直向下的。由于进入电场瞬间水平分速度为0，轨迹在电场边界处的切线方向应与进入前的速度方向一致（即竖直向下），轨迹应是光滑的。进入电场后，小球同时受两个恒力：竖直向下的重力、水平方向的恒定电场力，因此合外力是恒力，且方向与速度方向之间存在夹角，因此小球的运动轨迹是曲线且向电场力方向偏转，由于不知道两金属板的电性，所以AB符合题意，CD不符合题意。 故选AB。 10．CD【解】在图像中，图线斜率表示电场强度大小，可知该电场为匀强电场，则A、B两点电场强度大小关系为，故AB错误； 由A到B电势逐渐升高，故电场方向由B指向A，电子从A运动到B的过程中电场力方向与运动方向相同，电场力做正功，电势能城小，故电子在A、B两点的电势能大小关系为，故CD正确。 故选CD。 11．(1) ① 直流电流、电压（2分） ；② ×1（2分 ； ③ 0刻线（2分）（2）ADCB （2分） 【解】（1）①实验前应调节指针定位螺丝，使多用电表指针对准直流电流、电压零刻线； ②测量电阻时，由于待测电阻的阻值约为，为了使指针指在中央刻线附近，应将选择开关转到电阻挡的×1挡位； ③将红、黑表笔插入“+”、“-”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的0刻线。 （2）待测电阻阻值大约是，为了使指针指在中央刻线附近，应先将选择开关置于“”位置，换挡后需要进行欧姆调零，即将两表笔直接接触，调节欧姆调零旋钮，使指针指向“0”，随后开始测量，即将两表笔分别接触待测电阻两端，读出其阻值后随即断开，测量完成后，需要将选择开关置于“OFF”位置，可知，实验步骤正确的操作顺序为ADCB。 12．（1） 2.20（1分） ；0.48（1分） （2）1.850 （2分） （3）右 （2分） （4）（2分） 【解】（1）根据电压表的读数规律可知，该读数为2.20V；根据电流表的读数规律可知，该读数为0.48A。 （2）根据螺旋测微器的读数规律可知，该读数为 （3）滑动变阻器采用限流式接法，为了确保安全，闭合开关前，应使滑动变阻器接入电阻达到最大值，可知，闭合开关之前，滑动变阻器滑动触头应滑到最右边。 （4）根据欧姆定律有 根据电阻定律有 其中 解得 13．（12分）【解】（1）已知，静电力做功，代入定义式得 …………… （2分） 已知静电力做功，同理得… （3分） ………… （2分） （2）已知新试探电荷，A点移动到C点静电力做的功…… （3分） 得…………… （2分） 14．（14分）【解】（1）电场强度E的大小 ………………… （4分） （2）在A点细线对小球的拉力为0，根据牛顿第二定律得 （4分） A到B过程根据动能定理得 ………………… （4分） 联立解得 ………………………………………… （2分） （本题其它解法合理也按步骤给分） 15．（15分）【解】（1）电子在加速电场中只有电场力对电子做功，由动能定理 得 …………… （2分） 解得…………… （1分） 点子进入偏转电场做类平抛运动，水平方向匀速直线运动…………… （2分） 解得………………………………………………………………………… （1分） （2）类平抛的竖直方向为匀加速直线运动， ……………………（2分） 解得偏移量……………（2分） 偏转角………（2分） （3）对偏转过程由动能定理 ………………………… （2分） 联立解得 ……………………………………………… （1分） （本题其它解法合理也按步骤给分） 答案第1页（共2页） 答案第2页（共5页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 喀什市2026～2027学年第一学期期中质量监测 高二物理试卷 考生须知： 1.本试卷由试卷和答题卡两部分组成，试题卷共8页，答题卷共1页。 2.本试卷满分100分，考试时间75分钟。 3.考生必须在答题卡上答题，在草稿纸、试题卷上答题无效。 一、单项选择题：（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。） 1．下列关于静电场中电场强度、电势能说法中，正确的是（ C ） A．电荷在电场强度大的地方，电势能一定大 B．电荷在电场强度为零的地方，电势能一定为零 C．负电荷从电势高处运动到电势低处，电势能增加 D．只在静电力的作用下运动，电荷的电势能一定减少 2．两个带电量均为+Q的相同金属小球（均视为点电荷）相距r时，两球之间的排斥力为F。今让第三个不带电的相同金属小球接触其中一个带电小球后移开。此时两带电小球之间的排斥力变为多大（　B　） A． B． C． D．2 3．图示是真空中两个点电荷电场的电场线分布情况（电场线的方向未标出）。图中C点为两个点电荷连线的中点，MN为两个点电荷连线的中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称。则下列说法正确的是（　B　） A．这两个点电荷是等量的同种电荷 B．C点的电场强度比D点的电场强度大 C．C点的电势比D点的电势高 D．将这两个点电荷互换位置后，C、D两点场强不会发生变化 4．下列对各图所涉及的物理现象或原理的描述错误的是（  C  ） A．甲图中的同学接触带电的金属球时与带电的金属球带有同种性质的电荷 B．乙图为静电除尘装置的示意图，带负电的尘埃被收集在板状收集器A上 C．丙图中，由于金属网的屏蔽，A球上的电荷在验电器金属球B处产生的电场强度为零 D．图丁中，工作人员在超高压带电作业时，穿金属丝编制的工作服比绝缘橡胶服更安全 5．如图所示，实线MN是某匀强电场中的一条电场线。一带负电粒子射入电场后，仅在电场力作用下沿虚线ABC运动。下列说法中正确的是（　A　） A．M点的电势高于N点的电势 B．粒子在A点的电势能比在C点的电势能大 C．粒子在A点的加速度比在C点的加速度大 D．电场线的方向水平向左 6．如图所示是使用静电计探究平行板电容器电容与哪些因素有关的实验装置。充电后的平行板电容器A板带正电且安装在绝缘支架上，用导线将A板与静电计的金属小球相连，将带负电的B板与静电计的金属外壳同时接地，要使静电计的指针张角变小，采用的方法是（　B　） A．增大A板与B板之间的水平距离 B．将玻璃板插入A板与B板之间 C．A板位置不动，将B板稍微竖直向上平移 D．B板位置不动，将A板稍微竖直向上平移 7．如图所示，一带电粒子贴着A板沿垂直电场方向射入匀强电场，当偏转电压为时，带电粒子沿①轨迹从两板正中间飞出；当偏转电压为时，带电粒子沿②轨迹落到B板中间。若粒子两次射入电场的速度相同，则为（ C   ） A. B. C. D. 二、多选题（本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。） 8．如图所示，平行板电容器与内阻不计、电动势为E的直流电源连接，其下极板接地。一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（ BD ） A．极板间电压变小 B．电容器的电容减小 C．极板带电量将增大 D．P点的电势将降低 9．两带异种电荷的平行金属板竖直放置，一带电小球从高于金属板的位置由静止自由下落，以一定的速度进入两板间，图中实线表示小球运动轨迹，忽略平行金属板的边缘效应，下列四幅图的描述可能正确的是（ AB    ） A． B． C． D． 10．如图甲所示，A、B为一电场中x轴上的两点。一电子仅在电场力作用下从A点运动到B点，x轴上各点电势随其坐标变化的关系如图乙所示，则下列说法正确的是（CD） A．该电场是点电荷形成的电场 B．A、B两点电场强度大小关系为 C．电子从A运动到B的过程中电场力做正功 D．电子在A、B两点的电势能大小关系为 三、实验题（本题共2小题，共16分。第11题8分，第12题8分） 11．用如图所示的多用电表测量定值电阻。 （1）待测电阻的阻值约为，测量步骤如下： ①调节指针定位螺丝，使多用电表指针对准______（选填“直流电流、电压”或“电阻”）零刻线； ②将选择开关转到电阻挡的______（选填“×1”、“×10”或“×100”）挡位； ③将红、黑表笔插入“+”、“-”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的______（选填“0刻线”或“刻线”）； ④将两表笔分别与待测电阻相接，读取数据。 （2）测量后需要继续测量一个阻值大约是左右的电阻，下列实验步骤正确的操作顺序为_ADCB_____（填写实验步骤前的字母）。 A．将选择开关置于“”位置 B．将选择开关置于“OFF”位置 C．将两表笔分别接触待测电阻两端，读出其阻值后随即断开 D．将两表笔直接接触，调节欧姆调零旋钮，使指针指向“0”刻线 12．某同学在实验室测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，其阻值大约为。 （1）已知该同学用电压表（）、电流表（）测金属丝的电压、电流时，表盘如下图所示，则电压表的读数为__2.20____V，电流表的读数为_0，48_____A。 （2）用螺旋测微器测量其横截面直径如图甲所示，由图可知其直径为1.850______mm； （3）实验时采用如图乙电路图进行实物连接，在正确连接电路后，闭合开关前，滑动变阻器滑动触头应滑到最______边（填“左”或“右”）。 （4）若流经圆柱体的电流为，圆柱体两端的电压为，圆柱体横截面的直径和长度分别用、表示，则用、、、表示该圆柱体电阻率的关系式为______。 四、解答题（本题共3道题，共41分。解答过程需必要的文字说明和公式表达，只写结果不得分。） 13．（12分）在匀强电场中将电荷量为的点电荷从A点移动到B点，静电力做的功为。再将这个电荷从B点移动到C点，静电力做的功。 （1）A、B间，B、C间，A、C间的电势差各是多大？ （2）将电荷量为的点电荷从A点移动到C点静电力做的功是多少？ 【解】（1）已知，静电力做功，代入定义式得 …………… （2分） 已知静电力做功，同理得… （3分） ………… （2分） （2）已知新试探电荷，A点移动到C点静电力做的功…… （3分） 得…………… （2分） 14．（14分）如图所示，竖直向上的匀强电场中，用长为L的绝缘细线系住一带电小球（可视为质点），在竖直平面内绕O点做圆周运动。图中A、B为圆周上的两个点，A点为圆周上的最低点，B点与O点等高。当小球运动到A点时，细线对小球的拉力恰好为0。已知小球的电荷量为、质量为m，A、B两点间的电势差为U，重力加速度为g，求： （1）电场强度E的大小； （2）小球运动到B点的速度大小。 【解】（1）电场强度E的大小 ………………… （4分） （2）在A点细线对小球的拉力为0，根据牛顿第二定律得 （4分） A到B过程根据动能定理得 ………………… （4分） 联立解得 ………………………………………… （2分） （本题其它解法合理也按步骤给分） 15．（15分）如图所示，一束初速度为零的带电量为、质量为的电子流经电压的加速电场加速后，沿垂直于偏转电场的场强方向进入偏转电场，最后飞出偏转电场。已知偏转电场两平行板间的电势差为，极板长为，两板间的距离为，电子重力忽略不计。求： （1）电子在偏转电场中的运动时间； （2）电子离开偏转电场时相对于入射方向的偏移的距离和偏转角； （3）电子离开偏转电场时的动能。 【解】（1）电子在加速电场中只有电场力对电子做功，由动能定理 得 …………… （2分） 解得…………… （1分） 点子进入偏转电场做类平抛运动，水平方向匀速直线运动…………… （2分） 解得………………………………………………………………………… （1分） （2）类平抛的竖直方向为匀加速直线运动， ……………………（2分） 解得偏移量……………（2分） 偏转角………（2分） （3）对偏转过程由动能定理 ………………………… （2分） 联立解得 ……………………………………………… （1分） （本题其它解法合理也按步骤给分） 第3页（共4页） 第4页（共4页） 第3页（共4页） 第4页（共4页） 学科网（北京）股份有限公司 $