浙江温州东瓯中学等校2026-2027学年高一上学期阶段性测试物理试卷

浙江温州东瓯中学2026-2027学年高一上学期 阶段性测试物理试卷 考生注意： 1．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上。 2．答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效。 一、单选题(本题共18小题，每题四个选项中有一个正确答案，每题3分，共54分） 1.  下列关于速度的说法，正确的是（        ） A．速度是描述物体位置变化快慢的物理量，是矢量 B．平均速度的大小就是平均速率 C．瞬时速度的方向与物体运动方向可以不同 D．速率是瞬时速度的大小，是矢量 2.  在下列情况中，能把研究对象看成质点的是（        ） A．研究临沧坚果从树上掉落时的旋转姿态 B．研究“云上坚果”平台中无人机从起飞点到目标烟田的飞行轨迹 C．研究一辆汽车通过临清高速营盘寨大桥时车轮的转动 D．研究乒乓球运动员发出的弧圈球的旋转方向 3.  关于质点的位移和路程，下列说法中正确的是（        ） A．刻舟求剑的故事中，“舟已行矣，而剑不行”这句话所选用的参考系是地面 B．在2026年WTT总决赛中，研究樊振东所发旋转球的转动，球可被看作为质点 C．位移的大小可以比路程大 D．第2 s末到第4 s初，时间间隔为2 s 4.  关向应故居纪念馆位于大连市金州区，是我市重要红色教育基地之一、如图所示，从育明高级中学出发，到纪念馆，手机上导航路线显示8时30分出发，预计9时42分到达，全程71公里，耗时1时12分。关于上述信息下列说法正确的是（        ） 　　 A．“1时12分”指的是时刻 B．“71公里”指的是位移 C．由导航信息可求得驾车过程的平均速度 D．研究汽车从育明到纪念馆的路线可将汽车看作质点 5.  关于物体运动的速度和加速度的关系，下列说法正确的是（        ） A．加速度就是增加的速度 B．速度越小，加速度也越小 C．速度变化越快，加速度一定越小 D．加速度的方向和速度方向相同，物体加速 6.  在某次机器狗的测试中，机器狗和测试人员的位置-时间（图像）如图所示，其中机器狗的图像为曲线，人的图像为两条线段。关于机器狗和人的运动，下列说法正确的是（       ） A．人一直做匀加速直线运动 B．机器狗的运动方向一直在改变 C．时间内，人的加速度为零 D．时间内，机器狗的速度一定大于人的速度 7.  关于匀变速直线运动的特点，下列说法正确的是（     ） A．是位移不变的运动 B．是速度不变的运动 C．是加速度不变的运动 D．是加速度随时间均匀变化的运动 8.  国庆假期，小王驾车从天津到北京游玩，某导航软件推荐的三条驾车路线及对应的数据如图所示。下列说法正确的是（　　） 　　 A．三条路线的路程相同，位移不同 B．方案二中“137公里”是指路程 C．方案三的位移最大 D．方案一的平均速度最小 9.  某校高一学生在操场上沿直线跑步，从点出发，经过点到达点。已知到的距离为，到的距离为，方向均向东。则整个过程中该同学的位移和路程分别是（        ） A．， B．， C．， D．， 10.  下列几组物理量中，全部为矢量的一组是（        ） A．速度、速率、加速度 B．路程、时间、速率 C．位移、时间、速度 D．加速度、速度变化量、速度 11.  如图所示为遥控小车在水平轨道上做直线运动的位移与时间图像，则小车在前4 s内平均速度的大小与平均速率分别为（        ） 　　 A．0.2 m/s，0.6 m/s B．0.4 m/s，0.8 m/s C．0.6 m/s，0.2 m/s D．0.8 m/s，0.4 m/s 12.  下列说法正确的是（        ） A．在力学中，牛（N），米（m），秒（s）都是基本单位 B．在不需要考虑物体的大小和形状时，用质点来代替实际物体，采用了等效替代法 C．牛顿认为力的真正效应是改变物体的速度，而不是维持其运动 D．做曲线运动的物体，速度变化率一定改变 13.  一质点做匀变速直线运动，其位移与时间的关系为，则下列说法正确的是（        ） A．质点的初速度为8m/s，加速度为－3 B．质点的初速度为8m/s，加速度为－6 C．质点的初速度为16m/s，加速度为－3 D．质点的初速度为16m/s，加速度为－6 14.  在以下描述中正确的是（       ） A．点火后即将升空的火箭速度为零，所以加速度也为零 B．轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大 C．高速行驶的磁悬浮列车，行驶中的速度很大，所以加速度也很大 D．竖直向上抛出的小球在最高点速度为零，所以加速度也为零 15.  甲、乙两车在同一平直公路上同向运动，甲、乙两车的位置x随时间t的变化如图所示，已知乙车图线与两个坐标轴的夹角均为。下列说法正确的是（        ） 　　 A．乙车速度大小一定为1m/s B．从0到时间内，两车走过的路程相等 C．甲车的轨迹为曲线，乙车的轨迹为直线 D．在到时间内的某时刻，两车速度相等 16.  2026年8月19日，朱雀三号遥二运载火箭一子级在甘肃民勤着陆场成功垂直软着陆，完成我国首次入轨级火箭陆地回收。假设回收过程中，从某时刻起朱雀三号沿竖直方向做匀减速直线运动，分别用时3 s、2 s、1 s连续通过三段位移后停下，则这三段位移的平均速度之比是（        ） 　　 A．9∶4∶1 B．27∶8∶1 C．5∶3∶1 D．3∶2∶1 17.  如图甲所示，一只翠鸟发现露出水面的游鱼，从高空由静止俯冲扎入水中捕鱼。若在翠鸟由静止俯冲至水面的过程中，位移与时间的比值随时间变化的图像为直线，如图乙所示，其中、均已知，翠鸟在空中运动的时间为，则下列说法正确的是（        ） 　　 A．翠鸟在空中运动的最大速度为 B．翠鸟在空中运动的最大速度为 C．翠鸟在空中运动的距离为 D．翠鸟在空中运动的距离为 18.  随着科技的进步，农村和偏远山区也已经开始用无人机配送快递，如图甲所示。无人机在0～5 s内的飞行过程中，其水平、竖直方向速度vx、vy与时间t的关系图像分别如图乙、丙所示，竖直方向规定向上为正方向。下列说法正确的是（        ） 　　 A．0～2 s内，无人机做匀加速直线运动 B．2～4 s内，无人机做匀减速直线运动 C．t=4 s时，无人机运动到最高点 D．0～5 s内，无人机的位移大小为9 m 二、实验题(本题共2小题，第19题3空，第20题7空，每空2分，共20分) 19.  为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为2.0cm的遮光条，如图所示，滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过第一光电门的时间为0.10s，则通过第一个光电门的速度大小为  m/s，通过第二个光电门的时间为0.04s，则通过第二个光电门的速度大小为  m/s，遮光条从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间t为2.5s，滑块的加速度大小为  。（结果保留两位有效数字） 　　　　 20.  在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中： (1) 常用的打点计时器有电磁式和电火花式两种，它们都必须使用 （填“直流”或“交流”）电源才能工作。电火花打点计时器的工作电压为 （填“8V”或“220V”）；如果使用的电源频率为50Hz，则打相邻两点的时间间隔为 。 (2) 在此实验中：除电磁打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、一端附有滑轮的长木板、细绳、钩码、导线及开关外，在下面仪器和器材中，必须使用的有 _______ （填选项代号）。 A．电压合适的交流电源 B．电压可调的直流电源 C．刻度尺 D．秒表 E．天平 (3) 下列做法正确的是（       ） A．先使纸带运动，再接通电源 B．先接通电源，再使纸带运动 C．将接好纸带的小车停在靠近滑轮处 D．将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处 (4) 某次实验打点计时器使用的电源的频率为，用如图1所示的装置，打出的一条纸带如图2所示，其中为计数点，相邻两个计数点之间还有4个点未画出。打点计时器在打出、这两点的时间间隔内，小车运动的平均速度大小是 ，打下点时小车的瞬时速度大小为 （结果均保留2位有效数字） 　　  　　  三、解答题(本题共2小题，每题13分，共26分) 21.  一物体做匀减速直线运动，初速度大小为，加速度大小为，求： (1) 物体在3s末的速度大小； (2) 物体在前3s内的位移大小； (3) 物体在第3s内的位移大小。 22.  福建舰是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，满载排水量8万余吨，是中国第三艘航空母舰。航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统。已知“歼”型战斗机在飞行甲板上加速时产生的最大加速度为，起飞的最小速度是，弹射系统能够使“歼”获得的最大初速度为，将“歼”的运动视为匀变速直线运动。求： 　　 (1) “歼”起飞时在飞行甲板上加速的最短时间； (2) 飞行甲板的最小长度； (3) “歼”用最短时间起飞时，第2 s内的位移大小。 答案解析 1. 【答案】A 【解析】  A．速度的物理意义是描述物体位置变化快慢，定义为位移与对应时间的比值，既有大小又有方向，是矢量，故A正确； 　　B．平均速度和平均速率的定义式分别为，　　其中为位移，是矢量，为路程，是标量；仅当物体做单向直线运动时位移大小等于路程，此时平均速度的大小才等于平均速率，一般情况二者不相等，故B错误； 　　C．瞬时速度的方向就是物体在该时刻的运动方向，二者完全一致，故C错误； 　　D．速率是瞬时速度的大小，只有大小无方向，是标量，故D错误。 　　故选A。 2. 【答案】B 【解析】  A．研究坚果掉落的旋转姿态时，需要考虑坚果各部分的运动差异，其形状大小不可忽略，不能看成质点，故A错误； 　　B．研究无人机的飞行轨迹时，无人机的大小相对于飞行路径的总长度可忽略，无需考虑其自身姿态等细节，可看成质点，故B正确； 　　C．研究车轮的转动时，需要考虑车轮各部分的运动差异，其形状大小不可忽略，不能看成质点，故C错误； 　　D．研究弧圈球的旋转方向时，需要考虑乒乓球各部分的转动差异，其形状大小不可忽略，不能看成质点，故D错误。 　　故选B。 3. 【答案】A 【解析】  A．“舟已行矣，而剑不行”中，舟相对于河岸（地面）位置发生变化，剑相对于河岸（地面）位置不变，因此所选参考系为地面，故A正确； 　　B．研究樊振东所发旋转球的转动时，球的形状和大小对转动分析有影响，不能把球看作质点，故B错误； 　　C．位移的大小等于初末位置间直线距离，路程等于运动轨迹的长度，位移的大小不可能大于路程，故C错误； 　　D．第2 s末是时刻，第4s初是时刻，二者时间间隔为，不是，故D错误。 　　故选A。 4. 【答案】D 【解析】  A．“1时12分”指的是时间间隔，不是时刻，故A错误； 　　B．“71公里”指的是路程，不是位移大小，故B错误； 　　C．由导航信息只可求得驾车过程的平均速率，位移未知，不可求平均速度，故C错误； 　　D．研究汽车从育明到纪念馆的路线时，汽车的大小和形状可以忽略不计，可将汽车看作质点，故D正确。 　　故选D。 5. 【答案】D 【解析】  A．加速度定义为单位时间内速度的变化量，公式为是速度的变化率，不是增加的速度，故A错误； 　　B．加速度大小与速度大小无必然联系，故B错误； 　　C．加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度一定越大，故C错误； 　　D．当加速度方向与速度方向相同时，物体速度会不断增大，做加速运动，故D正确。 　　故选D。 6. 【答案】C 【解析】  A．图像的斜率表示速度，人的图像为两段倾斜的直线，斜率均为正常数，说明人先以较小速度做匀速直线运动，后以较大速度做匀速直线运动，故A错误； 　　B．机器狗的图像斜率始终为正，说明其速度始终沿正方向，运动方向一直没有改变，故B错误； 　　C．时间内，人的图像是一条倾斜的直线，斜率恒定，说明人做匀速直线运动，加速度为零，故C正确； 　　D．图像的斜率表示速度，在时间内，机器狗图像的斜率先大于人图像的斜率，后小于人图像的斜率，说明机器狗的速度先大于人的速度，后小于人的速度，故D错误。 　　故选C。 7. 【答案】C 【解析】  A．匀变速直线运动的位移满足公式，位移随时间不断变化，故A错误； 　　B．匀变速直线运动的速度满足公式，速度随时间均匀变化，而速度不变的运动是匀速直线运动，故B错误； 　　C．匀变速直线运动的定义为加速度大小、方向均保持不变的直线运动，故C正确； 　　D．加速度随时间均匀变化的运动属于变加速运动，不符合匀变速直线运动加速度恒定的特点，故D错误。 　　故选C。 8. 【答案】B 【解析】  AC．位移为起点到终点的有向线段，而路程是指实际轨迹的长度，所以三条路线的位移相同，路程不同，故AC错误； 　　B．方案二中“137公里”是指实际轨迹的长度，所以方案二中“137公里”是指路程，故B正确； 　　D．三条路线的位移相同，方案一用时最短，则方案一的平均速度最大，故D错误。 　　故选B。 9. 【答案】A 【解析】  位移是矢量，大小为初位置到末位置的直线距离，本题中运动全程向东沿直线进行，位移方向向东，大小为 　　路程是标量，为运动轨迹的总长度，故本题中路程　　故选A。 10. 【答案】D 【解析】  既有大小又有方向、运算时遵守平行四边形定则的物理量是矢量，只有大小没有方向的物理量是标量。 　　A．速率只有大小、没有方向，是标量，故A错误； 　　B．路程、时间、速率都只有大小、没有方向，都是标量，故B错误； 　　C．时间只有大小、没有方向，是标量，故C错误； 　　D．加速度、速度变化量、速度都既有大小又有方向，都是矢量，故D正确。 　　故选D。 11. 【答案】A 【解析】  前4s的总位移：初位置为0，末位置为，位移大小 　　因此平均速度大小。 　　总路程：轨迹总长度为　　因此平均速率。 　　故选 A。 12. 【答案】C 【解析】  A．在力学中，基本单位是千克（kg）、米（m）、秒（s），而牛（N）是导出单位，故A错误； 　　B．质点模型是通过忽略物体大小和形状的理想化方法建立的，属于理想模型法，故B错误； 　　C．牛顿第一定律指出，力是改变物体运动状态的原因，不是维持运动状态的原因，故C正确； 　　D．速度变化率是加速度，做曲线运动的物体若加速度恒定（如平抛运动），则速度变化率不变，故D错误。 　　故选C。 13. 【答案】B 【解析】  匀变速直线运动的位移时间公式为 　　将题干给出的　　与其对比可得初速度，　　解得　　故选B。 14. 【答案】B 【解析】  加速度是描述速度变化快慢的物理量，定义式为，与瞬时速度大小无直接关系。 　　A．点火后即将升空的火箭瞬时速度为零，但火箭受向上的推力远大于重力，合力不为零，由可知加速度不为零，故A错误； 　　B．加速度的物理意义就是反映速度变化的快慢，轿车紧急刹车时速度变化很快，因此加速度很大，故B正确； 　　C．加速度与瞬时速度大小无关，若磁悬浮列车高速匀速行驶，速度变化量，则加速度为零，故C错误； 　　D．竖直上抛的小球在最高点时瞬时速度为零，但小球仅受重力作用，合力不为零，加速度为重力加速度，故D错误。 　　故选B。 15. 【答案】D 【解析】  A．图像的斜率表示速度，虽然乙车图线与坐标轴夹角为，但只有横、纵坐标单位长度相同时，斜率才等于1。题目未给出坐标轴的具体标度（即单位长度代表多少物理量），因此不能确定的数值是否为1，故A错误； 　　B．由图可知，两车起点不同，甲在乙的前方。在时刻相遇，两车同向运动，则从到时间内，乙车走过的路程大于甲车的路程，故B错误； 　　C．图像只能描述直线运动的规律，图像的弯曲代表速度变化，不代表轨迹弯曲。甲、乙两车均在平直公路上运动，轨迹均为直线，故C错误；  　　D．图像切线的斜率表示瞬时速度。在时刻，甲图线切线斜率小于乙图线斜率；在时刻，甲图线切线斜率大于乙图线斜率。由于甲车速度连续变化，所以在到时间内的某时刻，甲图线切线斜率必等于乙图线斜率，即两车速度相等，故D正确。  　　故选D。 16. 【答案】A 【解析】  设连续通过三段位移分别为、、；根据逆向思维可得，， 　　可得　　则有　　则这三段位移列车的平均速度大小之比　　故选A。 17. 【答案】C 【解析】  AB．由图像可得 　　解得　　可知翠鸟从高空由静止俯冲，做匀加速直线运动。根据　　可得翠鸟的加速度为　　所以当时，最大速度为，故AB错误； 　　CD．由匀加速直线运动位移与时间关系可得翠鸟在空中运动的距离为，故C正确，D错误。 　　故选C。 18. 【答案】C 【解析】  AB．图乙、丙分别是水平、竖直分速度的速度—时间图像，纵坐标表示相应的速度分量。内，从增至，从0增至；内，，从降至0。两段运动的合速度方向均在变化，轨迹都不是直线，故AB错误； 　　C．图丙中内竖直速度为正，时为0，之后为负。无人机先上升后下降，在时达到最高点，故C正确； 　　D．速度—时间图像与时间轴围成的有向面积表示相应方向的位移。由图乙的梯形与矩形面积得水平方向位移　　由图丙中时间轴上、下方的三角形面积得竖直方向位移　　水平、竖直方向相互垂直，且竖直位移不为零，故合位移大小大于，故D错误。 　　故选C。 19. 【答案】0.20；0.50；0.12 【解析】  [1]遮光条通过光电门的平均速度近似等于瞬时速度 　　通过第一个光电门的速度　　[2]通过第二个光电门的速度　　[3]滑块的加速度 20. (1) 【答案】交流；220V； 【解析】  常用的打点计时器有电磁式和电火花式两种，它们都必须使用交流电源才能工作。 　　电火花打点计时器的工作电压为。 　　如果使用的电源频率为，则打相邻两点的时间间隔为。 (2) 【答案】AC 【解析】  A、B．实验中使用电磁打点计时器，需要电压合适的交流电源，不需要直流电源，故A正确，B错误； 　　C．实验中需要测量纸带上点迹间的距离，所以必须使用刻度尺，故C正确； 　　D．打点计时器本身就是计时仪器，所以不需要秒表，故D错误； 　　E．本实验探究小车速度随时间变化的规律，不需要测量物体的质量，所以不需要天平，故E错误。 　　故选AC。 (3) 【答案】BD 【解析】  A、B．实验时，为了充分利用纸带，应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，故A错误，B正确； 　　C、D．为了在纸带上打出更多的点，实验前应将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处，故C错误，D正确。 　　故选BD。 (4) 【答案】； 【解析】  相邻两个计数点之间还有4个点未画出，则相邻两个计数点之间的时间间隔为。 　　打点计时器在打出、这两点的时间间隔内，小车运动的平均速度大小为： 　　 　　根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可得打下点时小车的瞬时速度大小为： 　　 21. (1) 【答案】 【解析】  物体做匀减速直线运动，根据速度时间关系可知，物体在3s末的速度大小为 (2) 【答案】21 m 【解析】  根据小问1可知，物体在3s内未停止，则由位移时间关系可知，物体在前3s内的位移大小 (3) 【答案】5 m 【解析】  物体在前2 s内的位移大小 　　则物体在第3 s内的位移大小为 22. (1) 【答案】4 s 【解析】  （1）欲使时间最短，应使速度变化量最小，由匀变速直线运动速度公式 　　得　　解得　　（2）在起飞速度、加速度确定的情况下，最小长度应保证在初速度最大的情况下可以正常起飞，可得　　（3）由位移公式　　代入数据解得前2 s内的位移　　代入数据解得前1 s内的位移　　因此第2 s内位移 (2) 【答案】160 m 【解析】  同(1)题详解 (3) 【答案】37.5 m 【解析】  同(1)题详解 学科网（北京）股份有限公司 $