四川省成都市新津成外学校2024-2025学年高一上学期第8周周考生物试题

新津成外学校生物2026年10.19周测 时间：35分钟 满分：100 1、 选择题（每题4分，共15题，计60分） 1.图甲为蓝细菌细胞结构示意图，乙为水绵细胞的结构示意图，下列有关叙述错误的是（    ） A．蓝细菌与水绵细胞相比，最大区别是无核膜为界限的细胞核 B．两种细胞所含有的光合色素相同，都能进行光合作用 C．两种细胞都有细胞膜、细胞质和核糖体等结构，体现了统一性 D．两种细胞都含有细胞壁，但两者细胞壁组成成分存在差异 2.茶叶生产在中国已有3000多年的历史，其中信阳毛尖以“细、圆、光、直、多白毫、香高、味浓、汤色绿”的独特风格，盛名传播国内外。下列关于茶叶的说法，错误的是（    ） A．采摘的新鲜茶叶的细胞中含量最高的化合物是H2O B．茶叶和人体所含元素种类大致相同，但含量有差异 C．制好的成品茶的化学元素含量依次是C>O>N>H D．新鲜茶叶的细胞内含量最多的有机物中通常含有微量元素Fe或S 3．据统计，中国肥胖人口超2.5亿，由肥胖引起的健康问题已逐渐成为社会关注的焦点。肥胖与长期糖摄入超标有关，养成健康的饮食习惯，控制高糖类副食的摄入，是防止肥胖发生的有效手段。下列叙述正确的是（　　） A．糖类是重要的能源物质，细胞内各种糖类都主要为生命活动供能 B．糖类物质用途广泛，在废水处理、人工皮肤等领域也能大显身手 C．纤维素常常被称为人类的“第七类营养素”，易被人体消化利用 D．糖尿病人需严格限制饮食中的甜味添加剂，米饭、馒头等则不必 4．现在越来越多的人开始注重养生和运动。运动时人体需要消耗能量，糖类和脂肪均可以为运动提供能量。随着运动强度的增大，糖类和脂肪的供能比例如图所示。下列叙述不正确的是（　　） A．脂肪转化为糖后质量增加，主要变化的元素是H元素 B．在M点进行对应强度运动时，人体消耗的脂肪和糖类的质量不一样 C．脂肪由三分子脂肪酸和一分子甘油反应而成，易溶于有机溶剂 D．在运动量一定的前提下，若要进行减脂最好是低强度运动 5．脂质存在于所有细胞中，是组成细胞和生物体的重要有机化合物。下列关于细胞中脂质的说法错误的是（　　） A．组成脂质的化学元素主要是C、H、O，有些脂质含有P和N B．细胞中的脂质主要包括脂肪、磷脂和胆固醇三大类 C．植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，在室温时呈液态 D．糖类供能不足时，脂肪才会分解供能且不能大量转化为糖类 6．饲喂北京鸭时，主要以玉米、谷类和菜叶为饲料，使其肥育。北京鸭的脂肪会积累在一种由内质网衍生而来的油质体（油质体的膜由单层磷脂分子构成）中，如右上图所示。下列相关叙述正确的是（　　） A．玉米、谷类中的糖类物质均能与斐林试剂反应，出现砖红色沉淀 B．北京鸭的皮下脂肪富含不饱和脂肪酸，室温呈固态 C．油质体中的脂肪会在磷脂单分子层外侧积累 D．对北京鸭脂肪细胞进行脂肪检测时，细胞间隙中也有可能观察到橘黄色的颗粒 7．水分子是一种极性分子,同时水分子之间也可以相互吸引,形成氢键,氢键易于形成和断裂,水分子的结构决定了其具有多种多样的功能。下列相关叙述不正确的是（     ） A．氢键使水有较高的比热容，温度相对不容易发生改变，有助于维持生命系统的稳定性 B．与未萌发的小麦种子相比，正在萌发的小麦种子中自由水与结合水的比值下降 C．水分子间的氢键易断裂易形成，使水在室温下维持液体状态 D．水能作为良好的溶剂，是因为水分子是极性分子 8．如图为对刚收获的种子所做的一系列处理，据图分析有关说法正确的是（     ） A．①和②均能够萌发形成幼苗 B．③在生物体内主要以化合物的形式存在 C．④和⑤是同一种物质，但是在细胞中存在形式和含量不同 D．点燃后产生的CO2中的C全部来自于种子中的糖类 9．采摘后的香蕉果实在自然成熟过程中，淀粉、葡萄糖的含量变化如图所示。将不同成熟阶段的果实去皮并研磨成匀浆后检测，下列叙述错误的是（    ） A．将第10d的果实匀浆与碘液混合后不会出现蓝色反应 B．将第25d的果实匀浆与双缩脲试剂混合后会出现紫色反应 C．据图分析可知，香蕉果实在成熟过程中淀粉可能会被水解为葡萄糖 D．将第15d的果实匀浆与斐林试剂混合后需水浴加热才会出现砖红色沉淀 10．泛素是一种由76个氨基酸构成的蛋白质，只含有一条多肽链。下列说法错误的是（　　） A．形成泛素过程需要脱去76个水分子 B．泛素中一定含有C、H、O、N四种元素 C．泛素中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基 D．氨基酸序列改变可能会导致泛素空间结构的改变 11．用高浓度的尿素溶液处理从细胞中分离纯化的蛋白质，可使其失去天然构象变为松散肽链（称为“变性”）；除去尿素后，蛋白质又可以恢复原来的空间结构（称为“复性”），且蛋白质分子越小复性效果越好。叙述正确的是（    ） A．尿素与蛋白酶的作用效果相似 B．氨基酸的种类和数量会影响蛋白质的空间结构 C．过氧化氢酶经高浓度尿素溶液处理后活性不变 D．变性蛋白质不能与双缩脲试剂发生紫色反应 12. 现有1000个氨基酸，其中氨基1020个，羧基1050个，则由此合成的4条多肽链中共有肽键、氨基、羧基的数目分别是（    ） A．999、1016、1046 B．999、1、1 C．996、24、54 D．996、1016、1046 13. 如图表示某种蛋白质中相关基团的数目，据图可知该蛋白质（    ） A．由两条肽链组成 B．共有126个肽键 C．R基团中共含有17个氨基 D．形成过程中脱去125分子的水 14.角蛋白是头发的主要成分，由2条肽链组成。烫发中，发型的形成与头发角蛋白中二硫键的断裂与再生相关，如右上图。下列说法错误的是（    ） A．氨基酸中的S元素只存在于 R基，烫发过程改变了角蛋白的空间结构 B．③卷发剂处理后的角蛋白至少有2个氨基和羧基 C．卷发处理过程中氨基酸序列发生了改变，使头发变形 D．卷发过程中角蛋白的相对分子质量发生改变 15.某多肽为108肽，分子式为CxHyNzOwS（z>108，w>109），并且是由下列五种氨基酸组成的。叙述错误的是（    ） A． 该多肽彻底水解将得到（w-109）/2个天冬氨酸 B． 该多肽彻底水解将得到（z-108）个赖氨酸 C．用35S标记半胱氨酸，可追踪该多肽的合成和转移过程 D．一分子该多肽含有一个游离的氨基和一个游离的羧基 2、 非选择题（每题20分，共2题，计40分） 16.（除标记外，每空3分，共计20分）如图表示生物体内4种重要的有机物的组成及功能，据图回答下面的问题。 （1）a一般是指 ▲ ；e在动物细胞中是指 ▲ 。 （2）f是指 ▲ ，它是由b（甘油和脂肪酸）组成的。 （3）c的结构通式是 ▲ ，其结构通式的特点是： ▲ 。 （4）d是指 ▲ ，生物体内的h是指 ▲ （2分）。 17.（除标记外，每空2分，共20分）神经肽Y是由36个氨基酸分子组成的一条多肽链，与动物的摄食行为和血压调节具有密切关系。下图是神经肽Y的部分氨基酸组成示意图和谷氨酸（Glu）的结构式，请回答下列问题： (1)神经肽Y的基本组成单位是氨基酸，在人体中，组成蛋白质的氨基酸有种。各种氨基酸之间的区别在于 ▲ 的不同。 (2)神经肽Y在细胞内的合成场所是 ▲ ，连接Leu和Ala的化学键称为 ▲ 。 (3)神经肽Y可用双缩脲试剂鉴定，其鉴定原理是 ▲ 。 (4)血红蛋白比神经肽Y复杂，除了需要正确的氨基酸数目、种类、序列，还需要特定的 ▲ ，共同决定其生物学功能。某些物理或化学因素可导致蛋白质变性，变性后的蛋白质易被蛋白酶水解，原因是 ▲ _。 (5)以正常状态的小鼠作为实验材料，通过观察小鼠的摄食行为和血压变化探究经过低温（4℃）保存过的神经肽Y是否具有生理活性，请写出简要实验思路（小鼠的具体活动状态不作要求）： ▲ 。（6分） 新津成外学校生物2026年10.19周测参考答案 1.【答案】B【详解】A、蓝细菌属于原核生物，水绵属于真核生物。原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞无以核膜为界限的细胞核，蓝细菌无核膜包被的细胞核，水绵有核膜包被的细胞核，A正确；B、蓝细菌细胞内含有叶绿素和藻蓝素，能进行光合作用；水绵细胞内含有叶绿素和类胡萝卜素等光合色素，也能进行光合作用。但蓝细菌和水绵所含的光合色素不完全相同，蓝细菌含有藻蓝素，而水绵不含藻蓝素，B错误；C、蓝细菌是原核细胞，水绵是真核细胞，二者都有细胞膜、细胞质和核糖体等结构，这体现了细胞的统一性，C正确；D、蓝细菌和水绵都含有细胞壁，蓝细菌细胞壁的主要成分是肽聚糖，水绵细胞壁的主要成分是纤维素和果胶，两者细胞壁组成成分存在差异，D正确。故选B。 2.【答案】D【详解】A、根据细胞鲜重中水的含量最多，故采摘的新鲜茶叶的细胞中含量最高的化合物是H2O，A正确；B、不同生物体内的元素种类大体相同，但含量上有差异，故茶叶和人体所含元素种类大致相同，但含量有差异，B正确；C、制好的成品茶相当于细胞干重中化学元素含量的排序，即化学元素含量依次是C>O>N>H，C正确；D、新鲜茶叶的细胞内含量最多的有机物是蛋白质，其中通常含有元素Fe或S，Fe是微量元素，但S是大量元素，D错误。故选D。 3.【答案】B【详解】A、糖类是重要的能源物质，但并非所有胞内糖类都主要为生命活动供能，如核糖和脱氧核糖是核酸的组成成分，纤维素是植物细胞壁的结构物质，这些糖类主要起结构或遗传功能，而非供能，A错误； B、糖类物质用途广泛，部分多糖（如壳聚糖）可用于废水处理中的吸附剂，透明质酸等糖类衍生物在人工皮肤等生物医学材料中应用广泛，B正确；C、纤维素被称为人类的“第七类营养素”，但人体缺乏分解纤维素的酶，因此纤维素不易被消化利用，C错误；D、糖尿病人需严格限制所有高糖类食物的摄入，包括甜味添加剂（如蔗糖）和米饭、馒头等主食（富含淀粉，可水解为葡萄糖），D错误。故选B。 4.【答案】A【详解】A、糖类物质中O含量大于脂肪，故脂肪转化为糖质量增加主要变化的元素是O元素，A错误； B、在M点进行对应强度运动时，脂肪和糖类的供能比例相同，但由于相同质量的脂肪中含氢较高，氧化释放的能量较多，故中等运动强度消耗的脂肪和糖类的质量不一样（消耗脂肪更少），B正确；C、脂肪由三分子脂肪酸和一分子甘油反应而成，不溶于水，易溶于有机溶剂，C正确；D、图中能看出进行低强度运动时分解脂肪较多，因此若某人要进行减脂，在运动量一定的前提下，则建议其进行低强度运动，D正确。故选A。 5.【答案】B【详解】A、脂质的化学元素组成，主要是C、H、O，像磷脂这种脂质，还含有P甚至N，A正确； B、细胞中的脂质主要包括脂肪、磷脂和固醇三大类，而胆固醇只是固醇中的一种，并非和脂肪、磷脂并列的三大类之一，B错误；C、植物脂肪的特点是大多含有不饱和脂肪酸，由于不饱和脂肪酸的存在，使得植物脂肪在室温时呈液态，C正确；D、在细胞的供能机制里，当糖类供能不足时，脂肪才会分解供能，而且脂肪不能大量转化为糖类，D正确。故选B。 6.【答案】D【详解】A、玉米、谷类中的糖类物质，如淀粉属于非还原糖，不能与斐林试剂反应出现砖红色沉淀，A错误；B、不饱和脂肪酸的熔点较低，常温下通常呈液态；饱和脂肪酸常温下才呈固态，北京鸭皮下脂肪若常温呈固态，应富含饱和脂肪酸，B错误；C、油质体的膜由单层磷脂分子构成，磷脂分子的疏水端朝向油滴（脂肪）一侧，亲水端朝向细胞质基质一侧，因此脂肪仅存在于磷脂单分子层的内侧（疏水端侧），并非外侧，C错误； D、脂肪检测使用苏丹Ⅲ染液，可将脂肪染成橘黄色；若脂肪细胞破裂，脂肪会释放到细胞间隙中，因此细胞间隙可能观察到橘黄色颗粒，D正确。故选D。 7.【答案】B【详解】A、水分子间的氢键使水具有较高的比热容，吸收或释放较多热量时温度变化幅度小，有利于维持生命系统的温度稳定，A正确；B、正在萌发的小麦种子代谢活动旺盛，自由水含量升高，结合水占比相对降低，因此自由水与结合水的比值上升，而非下降，B错误；C、水分子间的氢键易于断裂也易于形成，使水在室温下可保持液体状态，具备流动性，C正确；D、水分子是极性分子，易与带正电或负电的微粒结合，因此水是细胞内良好的溶剂，D正确。 8.【答案】C【详解】A、①为晒干的种子，细胞仍有活性，条件适宜可萌发；②为烘干的种子，结合水被除去，细胞结构被破坏、已经死亡，无法萌发，A错误；B、③是无机盐，无机盐在生物体内主要以离子形式存在，而非化合物形式，B错误；C、④是自由水，⑤是结合水，二者本质都是水，属于同一种物质；自由水以游离形式存在、占细胞中水的绝大多数，结合水与细胞内其他物质结合、含量较低，二者在细胞中的存在形式和含量均不同，C正确；D、种子中的有机物包括糖类、脂质、蛋白质等，均含C元素，因此点燃产生的CO₂中的C可来自多种有机物，并非全部来自糖类，D错误。 9.【答案】A【详解】A、第10d的果实匀浆淀粉含量较高，与碘液混合后会出现蓝色反应，A错误；B、图中显示香蕉果实中存在淀粉、葡萄糖的变化，即存在酶的作用，而大多数酶是蛋白质，因此将第25d的果实匀浆与双缩脲试剂混合会出现紫色反应，B正确；C、图中显示，随着淀粉含量的下降，葡萄糖含量逐渐上升，据此可推测，香蕉果实在成熟过程中淀粉可能会被水解生成葡萄糖，C正确；D、第15d的果实匀浆含还原糖，与斐林试剂混合后需水浴加热才会出现砖红色沉淀，据此可鉴定还原糖的存在，D正确。故选A。 10.【答案】A【解析】蛋白质的形成过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，蛋白质分子量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18。 【详解】A、在形成多肽链时，脱去的水分子数等于氨基酸数减去肽链数，泛素由76个氨基酸构成，只含一条多肽链，那么脱去的水分子数应该是76-1=75个，而不是76个，A错误；B、蛋白质的基本组成元素是C、H、O、N，泛素是一种蛋白质，所以一定含有C、H、O、N四种元素，B正确；C、一条肽链至少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基，泛素只含有一条多肽链，所以至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，C正确；D、氨基酸序列决定蛋白质的空间结构，氨基酸序列改变可能会导致泛素空间结构的改变，D正确。故选A。 11. 【答案】B【详解】A、蛋白酶能水解蛋白质中的部分肽键，将蛋白质水解成小分子多肽，尿素只是改变蛋白质的空间结构，不会使蛋白质的肽键水解，与蛋白酶的作用不同，A错误；B、由题意可知，除去尿素后，蛋白质分子越小复性效果越好，这说明氨基酸的种类（R基大小）和数目可以影响蛋白质分子的空间结构而影响复性效果，B正确；C、由题意可知，蛋白质在尿素中的空间结构改变，因此过氧化氢酶经高浓度尿素溶液处理后活性改变，C错误；D、双缩脲试剂能检测蛋白质中的肽键结构，变性后的蛋白质肽键未被破坏，能与双缩脲试剂反应，产生紫色，D错误。故选B。 12.【答案】C【详解】肽键数=氨基酸数目﹣肽链数=1000﹣4=996个；1000个氨基酸，共有氨基1020个，羧基1050个，说明R基中共有氨基数为1020﹣1000=20个，共有羧基数为1050﹣1000=50个，每条肽链的一端是氨基，另一端是羧基，因此这4条肽链中，含有氨基20+4=24个，含有羧基个50+4=54个，C正确。故选C。 13.【答案】A【解析】肽链中氨基酸数、肽键数、脱去水分子数的数量关系：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数-肽链条数；每条肽链的一端是氨基，另一端是羧基。A、分析题图可知，该蛋白质中游离的羧基总数是17，R基上游离的羧基数为15，所以该蛋白质的肽链数是17-15=2，A正确；BD、氨基酸总数是126，肽键数=脱水数等于126-2=124，BD错误；C、由于氨基总数是17，两条肽链，所以R基上游离的氨基数等于17-2=15个，C错误。故选A。 14.【答案】C【详解】A、氨基酸中分子组成是C2H4O2N-R，氨基酸中的S元素只存在于 R基，烫发过程改变了角蛋白的空间结构，A正确；B、蛋白质至少含有的氨基或羧基数=肽链数，③卷发剂处理后的角蛋白含有2条肽链，故至少有2个氨基和羧基，B正确；C、卷发剂处理头发后，连接角蛋白两条肽链间的二硫键断裂，未改变其氨基酸序列，C错误；D、如图所示，烫发过程中，角蛋白中所含二硫键会减少，所以角蛋白的相对分子质量发生改变，D正确。故选C。 15.【答案】D【详解】A、设天冬氨酸的个数为A，依据“该多肽链中氧原子总数=肽键数＋R基中的氧原子数（只有天冬氨酸的R基中有氧原子）＋2（肽链游离羧基中的氧原子数）”，则w=（108-1）＋2×A＋2，经计算得：A=（w-109）/2，A正确；B、设赖氨酸的个数为B，依据“该多肽链中氮原子总数=肽键数＋R基中的氮原子数（只有赖氨酸的R基中有氮原子）＋1（肽链游离氨基中的氮原子数）”，则z=（108-1）＋B＋1，经计算得：B=z-108，B正确；C、半胱氨酸的R基含有S，用35S标记半胱氨酸，可追踪该多肽的合成和转移过程，C正确；D、一条多肽链至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，构成该多肽链的氨基酸—赖氨酸的R基上含有一个氨基、天冬氨酸的R基上有一个羧基，故该多肽游离的氨基和游离的羧基的数目分别是（z-108）＋1=z-107、（w-109）/2＋1=（w-107）/2，D错误。故选D。 16.（除标记外，每空3分，共计20分）【答案】(1) 葡萄糖 糖原 (2) 脂肪 (3)如右图 至少有一个氨基，一个羧基，同时连在同一个碳原子上，这个碳原子上还连有一个氢原子和一个R基 (4)核苷酸 DNA或RNA（2分） 17.（除标记外，每空2分，共20分）【答案】(1) 21 R基/-R (2)核糖体 肽键 (3)多肽或蛋白质中的肽键可与双缩脲试剂产生紫色反应/含2个及以上肽键可与双缩脲试剂产生紫色反应 (4)空间结构 变性蛋白质的空间结构变得伸展、松散，暴露更多的肽键能与酶结合 (5)将若干生长健壮的长势一致的小鼠随机均分为A、B两组，A组注射适量低温处理的神经肽Y，B组注射等量未经处理的神经肽Y，在相同且适宜的条件下饲养，观察、测量并比较两组小鼠的摄食行为和血压（6分） 学科网（北京）股份有限公司 $