广东中山市中山纪念中学2026-2027学年高一上学期第一次段考物理试题

中山纪念中学2026-2027学年高一上第一次段考 物理试题 一、单选题（每题4分，共32分） 1.第19届亚洲运动会在中国杭州举行，图中的“莲花碗'是田径比赛的主赛场，赛场内为400标准跑道， 下列关于亚运会田径项目的叙述正确的是（) A.在田径比赛中跑步运动员的比赛成绩是一个时刻 B.运动员在100m比赛冲过终点线时的速度是瞬时速度 C.在200m比赛中，200m是指位移 D.高水平运动员400m比赛的平均速度有可能大于其他运动员200m比赛的平均速度 2.如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是() M A.M处受到的静摩擦力沿MN方向 B.N处受到的静摩擦力沿水平方向 C.N处受到的支持力竖直向上 D.M处受到的支持力竖直向上 3.下列说法错误的是（) A.物体的速度变化量大，其加速度不一定大 B.物体的加速度为负值，其速度一定在减小 C.物体加速度大，其速度变化率一定大，但速度不一定大 D.若物体加速度方向与速度方向始终相同，即使加速度逐渐减小，其速度仍然会增大 4.如图所示，电动公交车做匀减速直线运动进站，连续经过R、S、T三点，已知ST间的距离是S的两 倍，RS段的平均速度是10m/s,ST段的平均速度是5m/s,则全程公交车的平均速度为（) R S T 77777777777777777777777 试卷第1页（共7页） A.6m/s B.6.5m/s C.7m/s D.7.5m/s 5.下列说法中，正确的是(（) A.静止的物体受到的摩擦力一定是静摩擦力 B.放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的 C.滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反 D.形状规则的物体的重心必与其几何中心重合 6.如图甲所示，轻弹簧固定在天花板上，将质量为m=1.2kg的物体拴接在轻弹簧的下端，此时弹簧的长度 为l=18cm,已知轻弹簧的原长为l。=12cm；图乙为将物体固定在竖直轻弹簧的上端并保持静止；图丙为 将物体放在水平面上，将该轻弹簧拴接在物体上，用水平外力拉着物体向右匀速运动时，弹簧的长度为 ☑，=15cm；图丁中改用水平外力推着物体向左匀速运动。下列四幅图片中的弹簧与物体均完全相同，弹簧 始终处于弹性限度内，重力加速度g取10/s2,则下列说法正确的是() WWWW→F MM←-F 7777777 777777777777777777777 77777777777777777777 乙 丙 丁 A.轻弹簧的劲度系数为100N/m B.图乙中，弹簧的长度为18cm C.物体与水平面间的动摩擦因数为0.2 D.图丁中，推力的大小为6N 7.随着科技的发展，无人机送快递成为新的探究热点。若某次试验时无人机从静止竖直向上匀加速起飞 过程的位置-时间(x-)图像如图所示，则下列说法正确的是() 0.2t。3t t A.无人机在做轨迹为抛物线的曲线运动B.2,时刻无人机的瞬时速度大小v=与 to C.x1:x2:x3=1:3:5 D.a=龙 8.如图所示，一列火车由36节紧密连接的相同车厢组成，站台上某同学位于第1节车厢前端的观察点观 试卷第2页（共7页） 察火车的运动。火车从静止开始做匀加速直线运动。从第5节车厢的前端刚到达观察点时开始计时，经18 s第17节车厢的前端恰好到达观察点，下列说法正确的是() 1 2 3 4 5 1617 3536 0 0 0 0 观察点 站台 A.前4节车厢通过观察点的时间为9s B.全部车厢通过观察点的时间为72s C.前18节车厢和后18节车厢通过观察点的时间之比为1：√2 D.前9节车厢通过观察点的时间为全部车厢通过观察点的时间的一半 二、多选题（每题4分，共24分） 9.如图所示，一质点由A到C做匀加速直线运动，其运动到A点时速度大小为2s,运动到C点时速 度大小为6/s,D点（图中未画出）为AC间的一点，质点从A到D和从D到C运动的时间相等，已知 AB=BC=4m。下列说法正确的是（) A B A.质点到达D点时速度大小为4s B.质点的加速度大小为1m/s2 C.质点从A到B和B到C点的时间之比为1+V⑤)：2 D.A、D与A、C之间的距离之比为3：8 10.2022年2月2日，在率先开赛的北京冬奥会冰壶混合团体比赛中，中国队击败瑞士队取得开门红。在 某次冰壶比赛中，时间t=O时，球员跪式推动冰壶自本垒圆心由静止向前滑行，t=推至前卫线时，放开 冰壶使其自行滑行，t=5。冰壶恰好到达营垒中心并停止运动，整个过程冰壶一直沿直线运动，其位移x 随时间t变化的图像如图所示，图像中的0-。、。-5。两段曲线均为抛物线。已知冰壶的质量为m,对冰 壶的整个运动过程，以下说法正确的是() 5xo 5to t 试卷第3页（共7页） A.x-t图像中的两段曲线在1=t。时刻相切 B.冰壶的最大速度为 C.时间0-t的加速度大小是。-5t的加速度的2倍 D.时间0-。的加速度大小是。-5t的加速度的4倍 11.ETC是电子不停车收费系统的简称，可以提高高速公路的通行效率。甲、乙两车同向分别走ETC通 道和人工通道，初速度和加速度均相同，通过后又加速到原来的速度，从甲车减速开始计时，图像如图 所示(10s后的图像未画出)，两车在t=6s时恰好在A线（收费处）相遇，乙车人工缴费耗时15s。以下 说法正确的是() v/(m's A 20 图 甲 ETC通道： 10 :人工通道 双8网 0 246810t/s A.两车减速时的加速度大小为2.5m/s2 B.t=0时，甲车在乙车前面35m处 C.乙车从减速到恢复原来速度共历时31s D.走ETC通道比走人工通道节约时间21s 12.如图所示，仁0时，质量为0.5kg的物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平 面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点。每隔1s将物体的瞬时速度记录在下表中，则下列 说法中正确的是() t/s 0 3 v/m'sl 0 6 4 A.仁1.5s的时刻物体恰好经过B点 B.仁5s的时刻物体恰好停在C点 C.物体运动过程中的最大速度为10m/s D.A、B间的距离小于B、C间的距离 13.某物块从固定斜面底端以一定的初速度沿斜面上滑，其速度随时间变化的关系如图所示。则物块() 试卷第4页（共7页） 以(ms) 5 0.5 1.0 15 -1 -3 A.在0.5s时离斜面底端最远 B.沿斜面上滑的最大距离为1m C.在1.5s时回到斜面底端 D.上滑时加速度大小是下滑时加速度大小的2倍 14.如图所示，一款儿童弹射游戏装置由固定在水平面上的弹射器和5个门（可忽略大小）组成，两相邻 门间的距离分别为L、2L、3L、4L。现一滑块（可视为质点）从O点弹出后做匀减速直线运动，全程不 与门相碰且恰好停在门5的正下方。则下列说法正确的是() 门1 门2 门3 WWWW■ 21 弹射器 A.滑块经过门1、门2、门3、门4的速度之比为10：9：7：4 B.滑块经过门3的速度%与经过门1的速度y和门4的速度V4满足y,= + 2 C.滑块从门4到门5的时间是从门2到门4的时间的两倍 D.若滑块停在门4到门5的菜一位置则滑块经过门2和门3的速度之比37≤丛≤西 7y33 三、实验题（每空2分，共8分） 15.利用如图甲所示的装置测量重物做自由落体运动的加速度。 打点 计时器 纸带 夹子 接电源·重物 乙 试卷第5页（共7页） (1)注意事项如下： a、电磁打点计时器使用50Hz低压 (填“直流”或“交流”)电源； b、打点计时器的两个限位孔应在同一条竖直线上： c、开始时应使重物靠近打点计时器并保持静止； d、应先接通电源，再释放纸带 (2)某同学在实验中得到的一条较为理想的纸带，取其中一段清晰的点，如图乙所示。测出相邻计数点间的 距离分别为x1=4.14cm,x2=5.69cm,x3=7.22cm,x4=8.75cm,已知实验所用交流电的打点周期T=0.02s; a、打点计时器打下C点时重物的瞬时速度为 (结果保留3位有效数字)； b、重物做自由落体运动的加速度大小的表达式为a= (用x,x2,七，x,和T表示)。代入数 据，可得加速度a= /s2(结果保留3位有效数字)。 四、解答题 16.(10分)某校高一课外活动小组自制了一枚水火箭，水火箭从地面由静止开始发射，发射后在竖直方 向运动。水火箭向下喷水时，火箭向上做加速度大小为5/s2的匀加速直线运动。水火箭经过4s喷水结束 一段时间后火箭落回到地面。忽略空气阻力，取g=10m/s2,求： (1)水火箭离地面的最大高度； (2)从喷水结束到水火箭落回地面的时间. 17.(12分)如图所示，一人在高空将长度L=2的木棒A自由释放，另一人在木棒正下方同时将一镂空 竹筒B以速度o=l0m/s竖直向上抛出，竹筒长度=2n。初始时木棒下端到竹筒上端的距离6m,竹筒 直径略大于木棒直径，木棒穿越竹筒过程中两者无接触，重力加速度g取10/s2,不计空气阻力。求： (1)从释放木棒到木棒下端与竹筒上端相遇所用的时间t: (2)木棒上端穿出竹筒时竹简的速度。 试卷第6页（共7页） 18.(14分)如图所示，长直公路上有甲、乙两台汽车分别在两条不同的车道上同向行驶，两车垂直于公 路方向的距离为d=3m,沿着公路方向的初始距离为so=20m,初始时刻，甲车速度v甲=10m/s,乙车速度 为v乙=20m/s,甲做加速度为a甲=4m/s2的匀加速直线运动，乙做加速度a乙=2m/s2的匀加速直线运动，甲 车上面有个车载信号发射器，乙车上面有个信号接收器，两车视为质点，信号接收的最大有效距离是L=5m, 求 (1)乙车从哪个时刻最开始接收到信号 (2)乙车总共能接收到信号的累计时间 甲 、 乙 试卷第7页（共7页） 《2026年10月7日高中物理作业》参考答案 题号 1 2 3 4 6 7 8 9 10 答案 D B A D B D ACD AD 题号 11 12 13 14 答案 AC BD ABC BCD 1.B 【详解】A.在田径比赛中跑步运动员的比赛成绩是一个时间段，即为时间间隔，故A错误； B.运动员在1O0比赛冲过终点线时的速度即为某一时刻的速度，属于瞬时速度，故B正确： C.短跑运动员跑200m比赛，200m指路程，故C错误； D.400m比赛的平均速度等于零，不可能大于200m比赛的平均速度，故D错误。 故选B。 2.D 【详解】A.原木P在M处与水平地面接触，受到的静摩擦力沿接触面切线方向，即沿水平方向，故A错 误 B.原木P在N处与另一堆原木接触，受到的静摩擦力沿接触面切线方向，即沿原木P的轴线方向（沿MN 方向)，故B错误； C.原木P在N处受到的支持力垂直于接触面，即垂直于原木P向上，故C错误： D.原木P在M处受到的支持力垂直于水平地面向上，即竖直向上，故D正确。 故选D。 3.B 【详解】A由加速度的定义式a可知，加速度大小由速度变化量的大小和所用时间共同决定。速度 变化量大，若所用时间也较长，加速度不一定大，A正确： B.加速度为负值，只表示加速度方向与规定的正方向相反，不能据此判断速度大小如何变化。当速度也 为负值时，速度与加速度方向相同，速度大小增大，B错误； C.加速度表示速度变化的快慢，加速度大，速度变化率一定大，但速度大小与加速度大小没有必然联系， 因此速度不一定大，C正确； D.当加速度方向与速度方向始终相同时，物体的速度大小持续增大。加速度逐渐减小，只表示速度增大 得越来越慢，并不表示速度减小，D正确 故选B。 4.A 【详解】取公交车运动方向为正方向，设RS段的位移为x,则ST段的位移为2x。 根据平均速度的定义，两段运动所用时间分别为5=，x, 2x 10m/s t2=5m/s 、 答案第1页（共8页） 金程的平均速度为”什2 3x .=6m/s 1+62 x 2x 10m/s 5m/s 故选A。 5.B 【详解】A.静摩擦力的判断依据是两接触物体相对静止且有相对运动趋势，与物体本身是否静止无关。 例如物块在静止的桌面上滑动时，桌面静止但受到的是滑动摩擦力，故A错误： B.支持力属于弹力，弹力由施力物体发生弹性形变产生，物体受到支持力的施力物体是桌面，因此该力 是桌面发生形变产生的，故B正确； C.滑动摩擦力的方向总是与物体间相对运动的方向相反，可能与物体的运动方向相同，例如刚放到运动 传送带上的物体，其受到滑动摩擦力方向与物体运动方向一致，故C错误； D.只有形状规则且质量分布均匀的物体，重心才与其几何中心重合，仅形状规则不能得出重心与几何中 心重合的结论，故D错误。 故选B。 6.D 【详解】A.图甲中，物体静止，弹簧被拉伸，弹力等于重力k(化-l)=mg 解得k=200N/m,故A错误； B.图乙中弹簧被压缩，弹力向上等于重力c=mg 解得x=6cm 弹簧原长12cm,压缩后长度lz=12cm-6cm=6cm,故B错误； C.图丙中弹簧长度l2=15cm,伸长量△1=l2-l,=3cm=0.03m 弹簧弹力T=k1=6N 物体匀速运动，弹簧拉力等于滑动摩擦力∫=T=6N 又f=mg 解得4=0.5，故C错误； D.图丁中物体向左匀速运动，滑动摩擦力大小仍为∫=mg,方向向右。 外力推着物体向左匀速运动，由平衡条件，推力大小等于摩擦力F=∫=6N,故D正确。 故选D。 7.B 【详解】A.x-t图像表示位移随时间的变化规律，不是运动轨迹。题目明确指出无人机“竖直向上匀加速 起飞”，说明无人机做的是直线运动，故A错误： 答案第2页（共8页）】 B无人机做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移公式有5=a2,厂=2d 根据速度公式有v=a(2t)=2at。 联立解得v= 故B正确； 。根据初速度为专的匀加速直线运动规律，位移x=) 则x:x2:x3=6:(21)2:(31)2=1:4:9 故C错误； D.根据相邻相等时间间隔位移差公式有(x2-x)-x=a 解得a=-2x 故D错误。 故选B。 8.D 【详解】设每节车厢长为L、火车的加速度为a,第n节车厢前端到达观察点时火车已前进(n-1)L 2(n-1)L 得tna 令T,则=n 由题意4，-t,=2T=18s 得T=9s A.前4节车厢通过观察点的时间即火车从开始运动到第5节车厢前端到达观察点的时间，-1=2T=18s, 故A错误； B.全部车厢通过观察点即火车前进36L的过程，所需时间为TV36=6T=54s,故B错误； C.前18节车厢通过观察点的时间为TV18,后18节车厢通过观察点的时间为TV36-TV18,二者之比为 TV18√18 =1+√2，故C错误； TV36-TV186-√18 D.前9节车厢通过观察点的时间为T√9=3T=27s,全部车厢通过观察点的时间为6T=54s,前者恰为后 者的一半，故D正确。 答案第3页（共8页） 故选D。 9.ACD 【详解】ABD.取A到C为正方向，质点由A到C的位移x4c=8m。根据匀变速直线运动速度与位移关系 v2-=2a,该过程的加速度为a= 2-=2m/s2 2XAC 到达D点前后所用时间相等，由速度与时间关系v=+at可得vp-V4=vc-'o 解得vp=4m/s 由速度与时间关系，质点从A到D的时间为1o=二业=s a 由位移与时间关系x=以+d,代入A到D过程得o=vo +2%-3m 因此x4D:x4C=3:8,故AD正确，B错误； 1 C.对A到B过程，由匀变速直线运动位移与时间关系x=v4a+20 am,代入x=4m和上述a=2ms2, 解得1=（N5-小s 由前述速度与时间关系，A到C的运动时间为1c=二y=2s a 所以1Rc=tAc-tA=(3-V5)s 所以1a:c=(1+V⑤)：2，故C正确。 故选ACD。 10.AD 【详解】ACD.图像中的0~。、。~5两段曲线均为抛物线，可知0~时间段冰壶做匀加速直线运动， 。~5t时间段冰壶做匀减速直线运动，由于x-图像斜率代表速度，所以x-t图像中的两段曲线在t=。时 刻相切，设1=这段时间加速度为4，则有-26 。~5。,末速度为零，逆向看作是初速度为零的匀加速直线运动，设这段时间内的加速度为42，则有 1 5-=24(4了 2x 解得a= 2,4=2 o 所以时间0~t的加速度大小是。~5t,的加速度的4倍，故AD正确，C错误； B.冰壶在，时刻速度达到最大，即v=a4。-2,故B错误： 答案第4页（共8页） 故选AD 11.AC 040m/=25m1g,放A正E确 【详解】A根据v-1图像，可得两车减速时的加速度大小a-A"-20-10m B.06s内，甲车位移=2 ×(10+20)×4m+10×2m=80m 运用逆向思维可知乙车位移-a-×25x6m=45m 2 则t=0时，甲车在乙车后面△x=80m-45m=35m处，故B错误； C.乙车减速到零用时，=y-20-0=85 a2.5 从减速到恢复原来速度所用的总时间为t2=2。+△t=31s,故C正确； D.由图知甲车从减速到恢复原来速度用时单=10s 位移s=2×2×(10+20）x4m+10x2m=140m 乙车31s内运动的总位移s=2×)6=2××2.5×8m=160m 2 甲车节约时间△1=2--名二即=20s,故D错误。 故选AC。 12.BD 【详解】AC.物体在光滑斜面上做匀加速直线运动，设加速度大小为；进入水平面后做匀减速直线运动， 设加速度大小为a2。从表格数据可知，0~ls内速度增量为4ms,1~2s内速度增量为2m/s,2~3s内速度 减少量为2/s,说明物体在2s前已经经过B点，2s后全程在水平面上。因此可得匀减速阶段加速度的大 小a,=-l6-4 m/s2=2m/s2 △t 1 又1s时刻物体仍在斜面上，此时速度y=a·1s=4m/s 解得a=4m/s2 设物体在斜面上运动的总时间为t(即经过B点的时刻为t)，最大速度（到达B点的速度）为'mx=at 对2s时刻的速度分析，2s时物体已经在水平面上运动了(2s-)时间，因此2s时速度满足 V2=Vmax -d2 (2s-1)=6m/s 解得1=5≈1.675，Vm= 20 m/s≈6.67m/s,故AC错误： 3 3 0-4 B.3s时刻物体速度为4/s,以加速度大小a,匀减速到0还需要的时间△t,= s=2s,因此总时刻为 -2 3s+2s=5s,即5s时物体停在C点，故B正确： 答案第5页（共8页） D.4、B间的距离x=2a=g1 丝0BAC的距离-g四n,因此A,B间的距离小于A,C一 间的距离，故D正确。 故选BD。 13.ABC 【详解】A.在0.5s时物体上滑的速度减为零，此时物体离斜面底端最远，A正确： 1 B.因图像与坐标轴围成的面积等于位移，可知物体沿斜面上滑的最大距离为x=。×0.5×4m=lm,B正确： 2 C.因在0,5s15s时间内物体下滑的距离为x=x0.5-0,5×2m=1m=x 2 可知在1.5s时回到斜面底端，C正确； D.图像的斜率等于加速度，可知上滑时加速度大小4=05 0- m/s2=-8m/s2 2-0 下滑的加速度为4,1505ms=2ms 可知上滑的加速度大小是下滑时加速度大小的4倍，D错误。 故选ABC。 14.BCD 【详解】A.滑块做末速度为0的匀减速直线运动，恰好停在门5，将其等效为从门5由静止开始的匀加 速直线运动，设加速度大小为4。门1、门2、门3、门4到门5的距离分别为10L、9L、7L、4L。由初 速度为0的匀加速公式v2=2a,速度与Vx成正比，因此y:y2:y:y=V0:V9:V7:V4,故A错误； B.由上述分析可知y:y:y=0:V7:V4 +匠 因此v=2 故B正确； C由初速度为0的匀加速公式x=a',可得1=、 2x a 门4到门5的位移为4L,对应时间。=。 2.4L 2L 门2到门5的位移为2L+3L+4L=9L 门2到门5的时间为V 2.9L =3, 2L a 2L 因此门2到门4的时间为4=4s-1s=a 可知滑块从门4到门5的时间是门2到门4时间的两倍，故C正确； D.滑块停在门4到门5之间，设门4到停止位置的距离为S,且0≤s≤4L 以停止位置为起点逆向推导，门3到停止位置的距离为3L+s 答案第6页（共8页） 门2到停止位置的距离为2L+3L+s=5L+s 得上=， 5L+s 2L 由v2=2am, =,1+ V3L+s 3L+s 该函数随“增大单调递减，因此速度比满足355≤西 753. 故D正确。 故选BCD. 15.(1)交流 (2) 1.61 为3+七4-x- 9.59 16T2 【详解】(1)电磁打点计时器使用50Hz低压交流电源。 (2)[打点计时器打下C点时重物的瞬时速度为v=名+名_0.0569+0.0722 m/s≈1.61m/s 4T 4×0.02 [2]根据逐差法可知a=+x,一5+)_5+x-方-五 (4T)2 16T2 0.0722+0.0875-0.0414-0.0569 [3]将数据代入，解得a= m/s2≈9.59m/s2 (4×0.02)2 16.(1)60m (2)(2V3+2)s 1 详解】山)火箭向上做匀加速直线运动的位移为三)(=)} -×5×42m=40m 火箭最大速度为y=a4=20m/s 火箭向上做匀减速直线运动的位移为x,= -20 m=20m 2g2×10 水火箭离地面的最大高度为x=x+x2=60m (2)火箭向上做匀减速直线运动的时间为5，=上=2s 8 1 从最高点到落回地面运动过程中，根据动力学公式x= 28 解得4=2V3s 从喷水结束到落回地面水火箭运动的时间为1=12+1，=(2W3+2)s 17.(1)0.6s (2)0 【详解】(1)设从释放木棒到木棒下端与竹简上端相遇的过程中，木棒的位移大小为y,竹筒的位移大 答案第7页（共8页） 小为%，则根据运动学公式有=，为=W 其中+y2=h 联立解得从释放木棒到木棒下端与竹筒上端相遇所用的时间为t=0.6s (2)设从释放木棒到木棒上涤穿出竹简所用的时同为4，则根据运动子公式有)8+以-)赋=h+L+1 解得4=ls 此时竹筒的速度为v=。一g41=0 18.(1)设两车沿公路方向距离为x时，乙车开始接收到信号，由勾股定理得 L2-x2+d2,得x-4m 设t时刻乙与甲沿公路方向距离为x Vntnant号+so-xvztrgazt号 得t=2s或8s 则乙车从2s末最开始接收到信号 (2)若乙车沿公路方向领先甲距离x,也可以接收到信号 vmt2+amt号+so+xvzt2+azt号 得t4s或6s 综上分析，两车沿公路方向距离不超过4m的时间段是2s末到4s末，以及6s末到8s末，总共4s 答案第8页（共8页）