精品解析：山东潍坊市寿光市第一中学2026-2027学年高二上学期10月测试物理试题

2025级高二上学期月考检测物理试题 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试用时90分钟。 第Ⅰ卷（选择题） 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。 1. 快递员常会将易碎陶瓷碗放入铺有泡沫的纸箱内，这样做是为了在搬运时（ ） A. 减小陶瓷碗的动量变化率 B. 减小陶瓷碗的动量变化量 C. 增大陶瓷碗所受力的冲量 D. 减小陶瓷碗所受力的冲量 2. 如图所示为某品牌手机的部分参数，充满电之后，该手机工作12小时后自动关机，则该手机的工作电流约为（ ） A. 40 A B. 400 A C. 400 mAh D. 400 mA 3. 如图所示，A、B间的电压U=10V，电阻R1=R2=R5 =5Ω，R3=7.5Ω，R4=10Ω，I1、I2、I3、I4分别为对应电路的电流，则（ ） A. I1=2A B. I2=0.25A C. I3= 0.5A D. I4=1A 4. 某同学用如图甲所示的容器测量电解液的电阻率，其左右两侧面为带有接线柱的金属薄板（电阻极小），其余四面均为绝缘材料，容器内部长为a，宽为b，高为c。将容器内注满待测电解液后接入电路，测得其I-U图线如图乙所示。则I=4A时电解液的电阻率为（ ） A. B. C. D. 5. 如图所示，质量为m的物体静止在水平地面上，现对其施加一与水平方向成θ角的恒定拉力F，经时间t物体的速度为v。则时间t内（ ） A. 物体所受拉力F的冲量大小为Ftcosθ B. 物体所受地面支持力的冲量大小为0 C. 物体所受合力的冲量大小为mv D. 物体所受摩擦力的冲量大小为Ft-mv 6. 某微安表满偏电流为200μA，内阻为500Ω，用该微安表改装电表，下列说法正确的是（ ） A. 若要改装成量程为0~1A的电流表，需串联阻值为0.1Ω的电阻 B. 若并联阻值为125Ω的电阻，改装后电流表的量程为0~800μA C. 若要改装成量程为0~2V的电压表，需串联阻值为9500Ω的电阻 D. 若串联阻值为7500Ω的电阻，改装后电压表的量程为0~1.5V 7. 如图所示的电路，电源内阻为1Ω，小灯泡电阻为5Ω，电动机线圈电阻为1Ω。先闭合S1，小灯泡功率为5W；再闭合S2，电动机正常工作，此时小灯泡功率为3.2W。小灯泡电阻不变，则电动机正常工作时的输出功率为（ ） A. 4.8W B. 3.36W C. 1.8W D. 1.44W 8. 如图所示，是四分之一圆弧，为圆心，、两点分别固定有一垂直纸面向里、电流大小相等的通电长直导线，整个空间还存在磁感应强度大小为的匀强磁场，处的合磁感应强度恰好为零。下列说法正确的是（　　） A. 两通电直导线相互排斥 B. 处直导线在处产生的磁感应强度大小为 C. 若处直导线中的电流反向、大小不变，则处的合磁感应强度方向竖直向上 D. 若将处直导线移走，则处的磁感应强度大小变为 二、多选题：本题共4小题，每小题4分，共16分。 9. 在如图所示的电路中，电源电动势E和内阻r为定值，为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S，理想电流表A的示数为I，理想电压表、和的示数分别为、和，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，各电表示数变化量分别为、、和。下列说法正确的是（　　） A. I变大，变大 B. 电源总功率变大 C. 电源的效率变大 D. 不变，不变 10. 一质量为2kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动。F随时间t变化的图线如图所示，则（ ） A. t＝1s时物块的速率为1m/s B. t＝2s时物块的动量大小为4kg·m/s C. t＝3s时物块的动量大小为5kg·m/s D. t＝4s时物块的速度为零 11. 如图所示，闭合线框abcd水平放置，面积，匝数，处在磁感应强度大小的匀强磁场中，磁场方向与水平方向夹角斜向上。已知，。则（ ） A. 穿过线框的磁通量为 B. 线框以ab为轴向下转过90°时，穿过线框的磁通量为0 C. 线框以bc为轴向下转过53°，穿过线框的磁通量变化量为 D. 线框以bc为轴向下转过53°，穿过线框的磁通量变化量为 12. 如图甲所示的电路中，定值电阻R1的阻值为100Ω，定值电阻R2阻值未知，滑动变阻器R3的滑片P从最左端滑至最右端，电源的路端电压U随流过电源的电流I变化关系图线如图乙所示，其中A、B两点是P在R3的两个端点得到的。下列说法正确的是（ ） A. 电源的电动势为20V，内阻为25Ω B. R3的总阻值为300Ω C. P从最左端滑至最右端过程，R2消耗的最大功率为3.2W D. P从最左端滑至最右端过程，电源的输出功率一直增大 三、实验题 13. 一段用新材料制作的粗细均匀的圆柱形导体，某同学为测量其在电流为0.50A时的电阻及电阻率，进行了以下操作： （1）分别用游标卡尺和螺旋测微器测量导体长度L和横截面直径d，测量结果如图甲所示，则________cm，________mm； （2）设计了如图乙所示的电路测量该导体的电阻，已知电源电压为3V，请用笔画线代替导线将实物图连接完整； （3）连接好电路，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片，当电流表示数为0.50A时，电压表的读数如图丙所示，该导体的电阻________Ω； （4）导体材料的电阻率表达式________（用d、L、R表示）。 14. 某小组用如图甲所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻，可选用的实验器材有：电压表V（0~3V）、电流表A（0~0.6A）、滑动变阻器R1（0~20Ω）、滑动变阻器R2（0 ~300Ω），定值电阻R0（1Ω）、开关S、导线若干。 （1）为了便于实验操作，滑动变阻器应选___________（填写“R1”或“R2”）； （2）正确连接电路，调节滑动变阻器滑片，测量多组电压表示数U和电流表示数I，描点如图乙所示，则干电池的电动势为___________V，内阻为___________Ω；（计算结果保留两位小数） （3）该实验引起系统误差的主要原因是___________。 四、解答题 15. 如图所示，将一只满偏电流为100 mA、内阻为30Ω的表头改装成测量电流、电压两用的电表，已知，。求： （1）电流表的量程 （2）电压表的量程。 16. 在传统制作糍粑的过程中，质量的木槌从某一高度自由落下，刚接触糍粑时的速度大小，木槌与糍粑的相互作用时间，重力加速度。 （1）求木槌刚接触糍粑时的动量大小。 （2）若打击糍粑后木槌速度变为且方向竖直向上，求此过程中糍粑对木槌的平均作用力大小。 17. 自动体外除颤器（AED）是一种便携式的医疗设备，某型号AED的工作原理示意图可简化成如图所示。闭合开关S，电路给储能电容器C充电，充电完毕后断开S，电容器通过电阻R1、R2、R3放电。已知电源电动势，内阻，电阻，，，电容器的电容，求： （1）闭合S电路稳定后通过R3的电流； （2）断开S通过R1的电量。 18. 图1所示的电路中，电源的U-I图像如图3所示，灯泡的U-I图像如图2所示，铭牌上标有“2.5V  0.4A”的电动机线圈电阻为R0=1.0Ω。图1所示电路中，开关S闭合后，电动机刚好正常工作。求： （1）若某时刻出现故障，电动机卡死不转，电动机线圈的电功率为多少； （2）电动机正常工作时，电动机效率与电源效率比值为多少。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025级高二上学期月考检测物理试题 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试用时90分钟。 第Ⅰ卷（选择题） 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。 1. 快递员常会将易碎陶瓷碗放入铺有泡沫的纸箱内，这样做是为了在搬运时（ ） A. 减小陶瓷碗的动量变化率 B. 减小陶瓷碗的动量变化量 C. 增大陶瓷碗所受力的冲量 D. 减小陶瓷碗所受力的冲量 【答案】A 【解析】 【详解】本题考查动量定理和缓冲原理。泡沫作为缓冲材料，能增加碰撞时间，从而减小冲击力。 A．动量变化率即合外力（）。泡沫增加作用时间 ，在动量变化量 不变的情况下，合外力减小，即动量变化率减小，故A正确； B．动量变化量 取决于速度变化和质量，泡沫仅改变作用时间，不影响 ，故B错误； C．冲量 ， 不变，冲量不变，故C错误； D．同理，冲量不变，故D错误。 故选A。 2. 如图所示为某品牌手机的部分参数，充满电之后，该手机工作12小时后自动关机，则该手机的工作电流约为（ ） A. 40 A B. 400 A C. 400 mAh D. 400 mA 【答案】D 【解析】 【详解】由题得，表格中显示电池容量为，由电流的定义式得，手机的工作电流 故选D。 3. 如图所示，A、B间的电压U=10V，电阻R1=R2=R5 =5Ω，R3=7.5Ω，R4=10Ω，I1、I2、I3、I4分别为对应电路的电流，则（ ） A. I1=2A B. I2=0.25A C. I3= 0.5A D. I4=1A 【答案】B 【解析】 【详解】与并联后的电阻为 与并联后再与串联后的电阻为 与并联后的电阻为 则电路总电阻为 根据欧姆定律可得 由于，则有 由于 则通过的电流为 故选B。 4. 某同学用如图甲所示的容器测量电解液的电阻率，其左右两侧面为带有接线柱的金属薄板（电阻极小），其余四面均为绝缘材料，容器内部长为a，宽为b，高为c。将容器内注满待测电解液后接入电路，测得其I-U图线如图乙所示。则I=4A时电解液的电阻率为（ ） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】由电阻定律得 由欧姆定律得 由图乙可知 联立可得 故选D。 5. 如图所示，质量为m的物体静止在水平地面上，现对其施加一与水平方向成θ角的恒定拉力F，经时间t物体的速度为v。则时间t内（ ） A. 物体所受拉力F的冲量大小为Ftcosθ B. 物体所受地面支持力的冲量大小为0 C. 物体所受合力的冲量大小为mv D. 物体所受摩擦力的冲量大小为Ft-mv 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据冲量的定义，恒力在时间内的冲量大小为 得 是拉力在水平方向分力的冲量大小，不是拉力的冲量大小，故A错误 B．物体在竖直方向上没有位移，但受力平衡，即 所以支持力 只要物体没有被拉离地面，支持力就不为零，故B错误； 因此，在时间 内，支持力的冲量大小为 I_N = Nt = (mg - Fsinθ)t，不为0。 C．根据动量定理，物体所受合外力的冲量等于其动量的变化量。物体初动量为0，末动量为，所以动量的变化量为 因此，物体所受合力的冲量大小为，故C正确； D．对物体在水平方向应用动量定理，设摩擦力为，则有 整理得，摩擦力的冲量大小，故D错误。 故选C。 6. 某微安表满偏电流为200μA，内阻为500Ω，用该微安表改装电表，下列说法正确的是（ ） A. 若要改装成量程为0~1A的电流表，需串联阻值为0.1Ω的电阻 B. 若并联阻值为125Ω的电阻，改装后电流表的量程为0~800μA C. 若要改装成量程为0~2V的电压表，需串联阻值为9500Ω的电阻 D. 若串联阻值为7500Ω的电阻，改装后电压表的量程为0~1.5V 【答案】C 【解析】 【详解】A．改装电流表（量程）需并联电阻，而非串联。计算并联电阻值：满偏时表头电压 总电流 分流电流 分流电阻，故A错误； B．并联电阻时，满偏时表头电压 分流电流 总电流，故B错误。 C．改装电压表（量程）需串联电阻。满偏时总电压 表头满偏电流 总电阻 串联电阻，故C正确； D．串联电阻时，总电阻 满偏电压，故D错误。 故选C。 7. 如图所示的电路，电源内阻为1Ω，小灯泡电阻为5Ω，电动机线圈电阻为1Ω。先闭合S1，小灯泡功率为5W；再闭合S2，电动机正常工作，此时小灯泡功率为3.2W。小灯泡电阻不变，则电动机正常工作时的输出功率为（ ） A. 4.8W B. 3.36W C. 1.8W D. 1.44W 【答案】B 【解析】 【详解】小灯泡接通，电动机未起动时，由闭合电路的欧姆定律 又由 代入, , 解得电源电动势 电动机启动后，路端电压 小灯泡功率 解得 电动机启动后，通过电动机的电流 电动机的功率 电动机线圈消耗的热功率 电动机的输出功率 故选B。 8. 如图所示，是四分之一圆弧，为圆心，、两点分别固定有一垂直纸面向里、电流大小相等的通电长直导线，整个空间还存在磁感应强度大小为的匀强磁场，处的合磁感应强度恰好为零。下列说法正确的是（　　） A. 两通电直导线相互排斥 B. 处直导线在处产生的磁感应强度大小为 C. 若处直导线中的电流反向、大小不变，则处的合磁感应强度方向竖直向上 D. 若将处直导线移走，则处的磁感应强度大小变为 【答案】C 【解析】 【详解】A．两根导线中的电流方向相同，则导线相互吸引，故A错误； B．设C处直导线在O处产生的磁感应强度大小为B1，则A处直导线在O处产生的磁感应强度大小为B1，根据矢量的叠加可得 解得，故B错误； C．根据右手螺旋定则可知，变化前A、C处直导线在O处产生的合磁感应强度方向与水平方向成斜向下偏右，则匀强磁场的方向与水平方向成斜向上偏左；若将A处直导线中的电流反向、大小不变，则变换后A、C处直导线在O处产生的合磁感应强度方向与水平方向成斜向上偏右，根据叠加原则可知，O处的磁感应强度方向竖直向上，故C正确； D．若将A处直导线移走，则O处的合磁感应强度大小与A处导线在O处的磁感应强度大小相等，即为，故D错误。 故选C。 二、多选题：本题共4小题，每小题4分，共16分。 9. 在如图所示的电路中，电源电动势E和内阻r为定值，为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S，理想电流表A的示数为I，理想电压表、和的示数分别为、和，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，各电表示数变化量分别为、、和。下列说法正确的是（　　） A. I变大，变大 B. 电源总功率变大 C. 电源的效率变大 D. 不变，不变 【答案】BD 【解析】 【详解】A．由电路图知两个电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电压表测量路端电压，电流表测量电路的电流。当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，滑动变阻器接入电路的总电阻减小，所以电路总电阻减小、总电流I增大，和电源内电阻分得的电压增大，则滑动变阻器两端电压减小，即减小，故A错误； B．电源总功率为 I增大，电源总功率增大，故B正确； C．由于电源的内电压增大，则路端电压减小，电源的效率 所以电源的效率减小，故C错误； D．电压表测量定值电阻两端的电压，则 不变；电压表测量路端电压，根据闭合电路的欧姆定律可得 不变，故D正确。 故选BD。 10. 一质量为2kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动。F随时间t变化的图线如图所示，则（ ） A. t＝1s时物块的速率为1m/s B. t＝2s时物块的动量大小为4kg·m/s C. t＝3s时物块的动量大小为5kg·m/s D. t＝4s时物块的速度为零 【答案】AB 【解析】 【详解】A．由图可知，物块合力为2N，则加速度大小 根据可知，t＝1s时物块的速率为，故A正确； B．根据可知，t＝2s时物块的速度大小为，则动量大小为，故B正确； C．根据图像的图线与坐标轴围成的面积表示合外力的冲量及动量定理 则t＝3s时物块动量大小为，故C错误； D．同理可得则t＝4s时物块动量大小为 则t＝4s时物块的速度为，故D错误。 故选AB。 11. 如图所示，闭合线框abcd水平放置，面积，匝数，处在磁感应强度大小的匀强磁场中，磁场方向与水平方向夹角斜向上。已知，。则（ ） A. 穿过线框的磁通量为 B. 线框以ab为轴向下转过90°时，穿过线框的磁通量为0 C. 线框以bc为轴向下转过53°，穿过线框的磁通量变化量为 D. 线框以bc为轴向下转过53°，穿过线框的磁通量变化量为 【答案】BD 【解析】 【详解】A．穿过线框磁通量的大小与线圈匝数无关，磁通量是标量，但有正负，若规定磁感线从一侧穿过时磁通量为正值，则从另一侧穿过时就为负值。 当线圈处于初位置时，磁感线的竖直分量由下向上穿过线圈平面，此时磁通量设为正值，其大小 解得，故A错误。 B．线框以ab为轴向下转过90°时，磁感线与线圈平面平行，磁通量为0，故B正确。 CD．线框以bc为轴向下转过53°，磁感线与线圈平面垂直，此时磁通量为正值，磁通量大小 解得 穿过线框的磁通量变化量为，故C错误，D正确。 故选BD。 12. 如图甲所示的电路中，定值电阻R1的阻值为100Ω，定值电阻R2阻值未知，滑动变阻器R3的滑片P从最左端滑至最右端，电源的路端电压U随流过电源的电流I变化关系图线如图乙所示，其中A、B两点是P在R3的两个端点得到的。下列说法正确的是（ ） A. 电源的电动势为20V，内阻为25Ω B. R3的总阻值为300Ω C. P从最左端滑至最右端过程，R2消耗的最大功率为3.2W D. P从最左端滑至最右端过程，电源的输出功率一直增大 【答案】BC 【解析】 【详解】A．电源的路端电压公式为，由图乙可知：纵轴截距为电动势 斜率绝对值为内阻，A错误； B．滑片在最右端时，接入电阻为0，被短路，外电路只有，由图乙得此时外阻 滑片在最左端时，与并联后再与串联，由图乙得此时外阻 代入串并联公式 将，代入，解得。B正确。 C．P从最左端滑至最右端时，R2消耗的功率最大，，C正确； D．电源输出功率在时最大，滑片移动过程中，外阻从5Ω（右端）变到40Ω（左端），故输出功率先增大后减小，D 错误。 故选BC。 三、实验题 13. 一段用新材料制作的粗细均匀的圆柱形导体，某同学为测量其在电流为0.50A时的电阻及电阻率，进行了以下操作： （1）分别用游标卡尺和螺旋测微器测量导体长度L和横截面直径d，测量结果如图甲所示，则________cm，________mm； （2）设计了如图乙所示的电路测量该导体的电阻，已知电源电压为3V，请用笔画线代替导线将实物图连接完整； （3）连接好电路，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片，当电流表示数为0.50A时，电压表的读数如图丙所示，该导体的电阻________Ω； （4）导体材料的电阻率表达式________（用d、L、R表示）。 【答案】（1） ①. 5.37 ②. 3.276 （2） （3）2.40 （4） 【解析】 【小问1详解】 [1]由游标卡尺得 [2]由螺旋测微器得 【小问2详解】 根据电路图可得实物图连接如下图： 【小问3详解】 电压表量程为，分度值，故电压表读数，已知，由欧姆定律  【小问4详解】 由电阻定律 横截面积 整理得  14. 某小组用如图甲所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻，可选用的实验器材有：电压表V（0~3V）、电流表A（0~0.6A）、滑动变阻器R1（0~20Ω）、滑动变阻器R2（0 ~300Ω），定值电阻R0（1Ω）、开关S、导线若干。 （1）为了便于实验操作，滑动变阻器应选___________（填写“R1”或“R2”）； （2）正确连接电路，调节滑动变阻器滑片，测量多组电压表示数U和电流表示数I，描点如图乙所示，则干电池的电动势为___________V，内阻为___________Ω；（计算结果保留两位小数） （3）该实验引起系统误差的主要原因是___________。 【答案】（1）R1 （2） ①. 1.50 ②. 0.14 （3）电压表的分流作用 【解析】 【小问1详解】 干电池电动势约 1.5V，（300Ω）阻值过大，电路电流过小，调节时电流、电压变化不明显；（20Ω）阻值较小，便于操作和数据测量。所以选择。 【小问2详解】 描点做出图像如上图所示。根据 ，图乙中 图像的纵轴截距为电动势 ；斜率绝对值为 ，已知，故 。 【小问3详解】 电路中电压表与滑动变阻器并联，会分流，导致电流表读数偏小，从而使电动势和内阻的测量值存在误差。 四、解答题 15. 如图所示，将一只满偏电流为100 mA、内阻为30Ω的表头改装成测量电流、电压两用的电表，已知，。求： （1）电流表的量程 （2）电压表的量程。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 使用和两个接线柱时，表头与电阻并联，起分流作用。设表头的满偏电流为，内阻为。表头满偏时，由欧姆定律得两支路的共同电压 由欧姆定律，通过的电流为 并联电路的总电流等于各支路电流之和，故电流表的量程为 【小问2详解】 使用和两个接线柱时，表头与的并联部分再与串联。表头满偏时，中的电流等于第（1）问求得的总电流，并联部分的电压仍为。由串联电路的电压关系和欧姆定律，电压表的量程为 16. 在传统制作糍粑的过程中，质量的木槌从某一高度自由落下，刚接触糍粑时的速度大小，木槌与糍粑的相互作用时间，重力加速度。 （1）求木槌刚接触糍粑时的动量大小。 （2）若打击糍粑后木槌速度变为且方向竖直向上，求此过程中糍粑对木槌的平均作用力大小。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 木槌刚接触糍粑时的动量大小 【小问2详解】 设竖直向下为正方向，木槌的末动量为 根据动量定理可得 代入数据解得 17. 自动体外除颤器（AED）是一种便携式的医疗设备，某型号AED的工作原理示意图可简化成如图所示。闭合开关S，电路给储能电容器C充电，充电完毕后断开S，电容器通过电阻R1、R2、R3放电。已知电源电动势，内阻，电阻，，，电容器的电容，求： （1）闭合S电路稳定后通过R3的电流； （2）断开S通过R1的电量。 【答案】（1）1A （2）4×10-5C 【解析】 【小问1详解】 闭合S电路稳定后，外电路总电阻为 解得 根据闭合电路欧姆定律可得，通过R3的电流为 解得 【小问2详解】 闭合S电路稳定后，电容器的电压为 解得 电容器的带电量为Q=CU 解得 断开S后，电容器通过电阻R1、R2、R3放电，R1、R2并联后与R3串联，通过R1、R2的电流之比为 根据，t相同，可知通过R1、R2的电量之比为 故通过R1的电量为 解得 18. 图1所示的电路中，电源的U-I图像如图3所示，灯泡的U-I图像如图2所示，铭牌上标有“2.5V  0.4A”的电动机线圈电阻为R0=1.0Ω。图1所示电路中，开关S闭合后，电动机刚好正常工作。求： （1）若某时刻出现故障，电动机卡死不转，电动机线圈的电功率为多少； （2）电动机正常工作时，电动机效率与电源效率比值为多少。 【答案】（1）1.44W （2）## 【解析】 【小问1详解】 电动机卡死不转，电动机线圈相当于一个纯电阻，且将其等效为电源内阻的一部分，电源的总内阻为 根据图3可得图线斜率为，电源电动势为 故此时电路简化为一个电动势为内阻为的等效电源，外接小灯泡，在灯泡的U-I图线中作出等效电源的外特性曲线，两图线交点即为灯泡的工作点，如图所示 由图可得此时灯泡电流为 所以流过电动机线圈电流也为，此时线圈上的热功率为 【小问2详解】 根据闭合电路欧姆定律可得根据图3可得电源电动势为 图线斜率为 在图1电路中，电动机正常工作电流为0.4A，电动机两端电压为2.5V， 电源内阻的电压为 根据闭合电路欧姆定律 解得 所以灯泡的电功率为 电动机功率为 电动机效率为 电源效率为 电动机效率与电源效率比值为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $