2026-2027学年高二上学期物理期中复习卷

期中复习卷 1、 单选题 1.关于电源和电流，下述说法正确的是(    ) A. 电源的电动势在数值上始终等于电源正、负极之间的电压 B. 电流的方向就是电荷定向移动的方向，导线中自由电荷定向运动的速率接近光速 C. 公式与中的 W都是电场力做的功 D. 从能量转化的角度看，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能 2.要测绘一个标称“、”灯泡L的伏安特性曲线，选用了电池组节干电池，内阻约为、电流表量程，内阻约、电压表量程，内阻约、开关、导线和滑动变阻器阻值范围。为了安全、准确地完成实验，电压应从零开始调节，应该选用的电路图为(    ) A. B. C. D. 3.如图所示为某型号汽车的速度v与牵引力F大小倒数的图像，表示最大速度。已知汽车在水平路面上由静止启动，ab平行于v轴，bc反向延长过原点。已知阻力恒定，汽车质量为，下列说法正确的是(    ) A. 从a到b汽车持续的时间为10s B. 由b到c过程汽车做匀加速直线运动 C. 汽车额定功率为50kW D. 汽车能够获得的最大速度为 4.如图甲所示，电源的电动势，内阻为r，闭合开关，滑动变阻器的滑片C从A端滑至B端的过程中，电路中的一些物理量的变化规律如图乙所示：图I描述电源的输出功率随路端电压的变化规律，图II描述路端电压随电流的变化规律，图III描述电源的效率随外电阻的变化规律，电表、导线对电路的影响不计。则下列说法正确的是(    ) A. I图上b点的坐标为 B. 滑动变阻器最大阻值为 C. 电源的内阻r为 D. II图上a点的坐标 5.完全相同的小球a、b、c距地面高度相同，现将a竖直向下抛出，将b与水平方向成角向下抛出，c沿与水平方向成角的固定斜面运动，如图。三者初速度大小相同，运动过程中均不计阻力。a、b、c刚要落地时重力的功率分别为、、，则    A. B. C. D. 6.如图是地球沿椭圆轨道绕太阳运行所处不同位置对应的节气，下列说法正确的是(    ) A. 远日点附近地球与太阳的连线在单位时间内扫过的面积最大 B. 从冬至到春分的运行时间等于从春分到夏至的运行时间 C. 地球公转的线速度最大值与最小值之比等于地心到太阳中心最大距离与最小距离之比 D. 地球公转轨道半长轴的三次方与公转周期平方之比与月球公转轨道半长轴三次方与公转周期平方之比相等 7.如图所示，质量均为m的物块A和B用不可伸长的轻绳连接，A放在倾角为的固定光滑斜面上，而B能沿光滑竖直杆上下滑动，杆和轻质滑轮中心间的距离为L，物块B从与滑轮等高处由静止开始下落，斜面与杆足够长，不计滑轮的摩擦，重力加速度为g。在物块B下落到绳与水平方向的夹角为的过程中，下列说法正确的是    A. 物块B的重力势能的减少量等于物块A的重力势能的增加量 B. 物块B的末速度为 C. 物块A的速度大小等于物块B的速度大小 D. 物块A的速度大小与物块B的速度大小的关系为： 二、多选题 8.如图所示，在正方体的H、G顶点处，分别固定有等量异种点电荷，H处点电荷带正电。下列说法正确的是    A. A点与B点的电势相同 B. A点与B点的电场强度大小相等 C. 把带正电的粒子从C点移动到F点，电场力做功为零 D. 把带正电的粒子从E点移动到F点，电势能增大 9.如图所示，在x轴上关于原点对称的a、b两点处固定两个带电荷量相等的点电荷。a电荷的左侧和b电荷的右侧电场强度随x坐标的变化如图所示以x轴正方向为电场强度的正方向。c、d两点是x轴上关于原点对称的另外两点，下列说法正确的是     A. a点处是正电荷，b点处是负电荷 B. c、d两点的电场强度相同，c点电势比d点高 C. c、O两点间电势差，O、d两点间电势差，且 D. 将正点电荷从c点移到d点，电场力先做负功后做正功，总功为零 10.如图所示，绝缘轨道ABC固定于竖直平面内，其中AB部分是半径为R的光滑半圆轨道，P是半圆轨道的中点，AB部分竖直、BC部分水平，整个轨道处在电场强度为E的匀强电场中。将质量为m、带电荷量为的小滑块，从BC轨道上与B相距10R处由静止释放，已知滑块与BC间的动摩擦因数为，，则滑块      A. 到达 A点时速度的大小为 B. 到达P点时对轨道的压力大小为16mg C. 到达A点时对轨道的压力大小为11mg D. 从C到P的过程中，动能先增大后减小 三、实验题 11.为探究物体加速度a与外力F和物体质量M的关系，研究小组的同学们在教材提供案例的基础上又设计了不同的方案，如图甲、乙、丙所示：甲方案中在小车前端固定了力传感器，并与细线相连，可以从传感器上直接读出细线拉力；乙方案中拉动小车的细线通过滑轮与弹簧测力计相连，从弹簧测力计上可读出细线拉力；丙方案中用带有光电门的气垫导轨和滑块代替长木板和小车。三种方案均以质量为m的槽码的重力作为动力。  关于三个实验方案，下列说法正确的是______。 A.甲、乙方案实验前均需要平衡摩擦力 B.甲、乙、丙方案均需要满足小车或滑块的质量远大于槽码的质量 C.乙方案中，小车加速运动时受到细线的拉力等于槽码所受重力的一半 某次甲方案实验得到一条纸带，部分计数点如图丁所示每相邻两个计数点间还有4个计时点未画出，测得，，，。已知打点计时器所接交流电源频率为50 Hz，则小车的加速度________结果保留两位有效数字。 甲方案实验中，以小车的加速度a为纵坐标、槽码的重力F为横坐标作出的图像戊理想状态下应是一条过原点的直线，但由于实验误差影响，常出现如图所示的三种情况。关于这三种情况下列说法中正确的是________。 A.图线①交于纵轴的原因是槽码挂的个数太多 B.图线②右端弯曲的原因是槽码挂的个数太少 C.图线③交于横轴的原因可能是未平衡小车受到的阻力 12.某探究小组为测量一种新型材料制成的圆柱形电阻的电阻率、电源的电动势和内阻，进行了如下实验探究： 该小组用螺旋测微器在测量电阻丝直径时，选择电阻丝的不同位置进行多次测量，取其平均阻值作为电阻丝的直径D。某次测量时螺旋测微器的示数如图甲所示，则该合金丝直径的测量值___________mm。再用刻度尺测得其长度L。 该小组用如图乙所示的电路测量该圆柱形电阻的阻值。图中电流表量程为、内阻为，定值电阻的阻值为，电阻箱R的最大阻值为。 第一次探究：将置于位置1，闭合，多次改变电阻箱R的阻值，记下电流表的对应读数I。根据实验数据，在图丙中绘制出图像。该小组根据图乙的电路和图丙的图像，求得电源电动势_____V，内阻____。结果均保留2位有效数字 第二次探究：将置于位置2，读出电流表读数，并根据图丙中的图像可得的值。最后可由表达式_____得到该材料的电阻率用D、L、表示。 持续使用后，电源电动势降低、内阻变大。若该小组再次将此圆柱形电阻连入此装置，测得电路的电流，仍根据原来描绘的图丙的图像得到该电阻的测量值会____选填“偏大”、“偏小”或“不变”。 四、计算题 13.如图所示电路，电源电动势为，内阻为，电阻，。开关闭合后，电动机恰好正常工作。已知电动机额定电压，线圈电阻，求： 流过电源的电流; 电动机消耗的电功率; 电动机正常工作时输出的机械功率。 14.如图所示，质量为M足够长的绝缘木板静止于粗糙的水平面上，所在空间存在范围足够大的一个方向竖直向下的匀强电场，场强大小E，一质量为m、带电量qC的滑块可视为质点以v0的水平初速度冲上长木板的左端，已知滑块与长木板之间的动摩擦因数为1，长木板与地面之间的动摩擦因数为2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取2，不计滑块电量损失，求： 小滑块刚冲上长木板左端时小滑块和长木板的加速度大小； 滑块在长木板上滑动的相对位移； 滑块从滑上长木板到两者都静止时的整个运动过程长木板因与地面摩擦产生的热量。 15.某种负离子空气净化原理如图所示。由空气和带负电的灰尘颗粒物视为小球组成的混合气流进入由一对平行金属板构成的收集器。在收集器中，空气和带电颗粒沿板方向的速度保持不变。在匀强电场作用下，带电颗粒打到金属板上被收集，已知金属板长度为L，间距为d、不考虑重力影响和颗粒间相互作用。 若不计空气阻力，质量为m、电荷量为的颗粒恰好全部被收集，求两金属板间的电压； 若计空气阻力，颗粒所受阻力与其相对于空气的速度v方向相反，大小为，其中r为颗粒的半径，k为常量。假设颗粒在金属板间经极短时间加速达到最大速度。 a、半径为R、电荷量为的颗粒恰好全部被收集，求两金属板间的电压； b、已知颗粒的电荷量与其半径的平方成正比，进入收集器的均匀混合气流包含了直径为和的两种颗粒，若的颗粒恰好被收集，求的颗粒被收集的百分比。    附加题： 1.（异侧圆盘圆周运动）如图所示，在匀速转动的水平盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量均为m的两个物体A和B，它们分居圆心两侧，与圆心距离分别为，，两物体与盘间的动摩擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，当圆盘转速加快到两物体刚要发生滑动时，下列说法正确的是(    ) A. 此时细线张力为 B. 此时A所受摩擦力方向沿半径指向圆心 C. 此时烧断细线，A仍相对圆盘静止，B将做离心运动 D. 此时圆盘的角速度为 2（电桥法）利用如图电路测量待测电阻的阻值。定值电阻、阻值已知，闭合开关S，调节电阻箱接入电路阻值时，电流表示数为0，则阻值等于(    ) A. B. C. D. 3.（电容器相关问题）一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极间有一正电荷固定在P点，如图所示。以U表示两极板间的电压，E表示两极板间的场强，表示该正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，而将正极板移至图中虚线所示位置仍保持正极板接地，则(    ) A. U变小，变大 B. U变小，不变 C. U变大，E不变 D. U变大，E变大 4.（等分法和类平抛运动的结合）如图所示，匀强电场中有一个与电场平行的长方形区域已知，A、B、C三点的电势分别为12 V、8 V、某带电粒子从A点以初速度，与AD成夹角射入电场，粒子在ABCD所在平面运动，恰好经过C点。不计粒子的重力．下列说法正确的是  A. 该粒子可能带负电 B. 电场强度大小为 C. 粒子过C点的速度为 D. 仅改变初速度方向，该粒子可能经过B点 5.（易错题）如图所示，足够大的匀强电场区域中，a、b、c、d为间距相等的一组竖直等势面，一质子以速率从等势面a上某点进入该电场。若质子经过a、c等势面时动能分别为18eV和6eV。不计质子重力，质子所带电荷量为e，下列说法正确的是(    ) A. 该匀强电场场强的方向水平向左 B. 质子一定能到达等势面d C. 质子第二次经过等势面b时动能是6eV D. 若取等势面b为零电势面，则c所在等势面的电势为6V 6.（含电容的动态分析）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，电压表、、为理想电压表，、为定值电阻，为热敏电阻其阻值随温度升高而减小，C为电容器，闭合开关S，电容器C中的微粒A恰好静止。在室温从升高到的过程中，流过电源的电流变化量是，三只电压表的示数变化量是、和。则在此过程中      A. 示数减小 B. C. Q点电势升高 D. 中的电流方向由M向N，微粒A匀加速下移 7.（电阻表的原理）某同学在研究性学习活动中自制电子秤，原理示意图如图所示。用理想电压表的示数指示物体的质量，托盘与电阻可忽略的金属弹簧相连，托盘与弹簧的质量均不计，滑动变阻器R的滑动端与弹簧上端连接。当托盘中没有放物体时，滑片恰好指在变阻器的最上端，此时电压表指针指向最左端，示数为0。设变阻器总电阻为R，总长度为l，电源电动势为E，内阻为r，限流电阻阻值为，弹簧劲度系数为k，不计一切摩擦和其他阻力。下列说法中正确的是(    ) A. 电压表示数越小，说明所称物体质量越大 B. 称量物体的质量越大，电路消耗的总功率越大 C. 将电压表表盘改写为等质量间隔的电子秤表盘后，表盘右端刻度线更密 D. 更换不同劲度系数的弹簧后，电子秤的量程不变 8.（电表改装）电压表、电流表都是由小量程电流表改装而成的，如图甲、乙所示分别是电压表、电流表的改装图，以下说法正确的是(    ) A. 小量程电流表内阻为，并联一个电阻R，改装后电流表量程是原来的倍 B. 若改装后电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再并联一个较大的电阻 C. 若改装后电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再串联一个较大的电阻 D. 为实现对改装电表的逐格校准，需要采用限流式电路 学科网（北京）股份有限公司 $ 1.【答案】D  【解析】A.电源正负极之间的电压称为路端电压，当外电路接通时，路端电压小于电源的电动势。故A错误； B.规定正电荷定向移动的方向为电流方向，电流的传导速率等于光速，而电子定向移动的速率还是比较小的，一般为的数量级，故B错误； C.电动势公式中的W是指非静电力做功，电势差公式中的 W是是电场力做的功，二者不一样，故C错误； D.从能量转化的角度看，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能，D正确。 2.【答案】B  【解析】因实验要求电流从零开始调节，所以滑动变阻器应用分压式接法；因小灯泡电阻比较小，故电流表应用外接法。 故选B。 3.【答案】C  【解析】根据，可知额定功率等于图线的斜率，，C正确； 根据，由b到c过程汽车功率不变，随着汽车速度的增大，牵引力减小； 根据牛顿第二定律得 汽车所受阻力不变，随着牵引力的减小，汽车的加速度减小，由b到c过程汽车做非匀变速直线运动，B错误； 汽车能够获得的最大速度为，D错误； 汽车所受的阻力为 从a到b汽车所受的牵引力为 根据牛顿第二定律得 解得  从a到b汽车持续的时间为，A错误。 4.【答案】A  【解析】A.电源的输出功率 根据数学知识可知输出功率最大时 最大功率为 故A正确； B.电源的效率 外电阻R越大，电源的效率越大，因此当滑动变阻器的阻值全部连入电路时电源的效率最高，则 解得 故B错误； C.由图II可知，当路端电压为0时，电路中的电流为  ，则电源的内阻为 故C错误； D.路端电压 故当电流最小时，即滑动变阻器的阻值全部连入电路时，路端电压最大，由闭合电路欧姆定律得 路端电压 故D错误。 故选A。 5.【答案】A  【解析】设小球抛出时离地高度为h，根据动能定理可得 可得小球落地时的速度大小为 设b球落地瞬间速度与水平方向的夹角为，由于b球抛出时与水平成角，则有则有，， 可得。 故选A。 6.【答案】C  【解析】A.由开普勒第二定律可知地球与太阳的连线在单位时间内扫过的面积都相等，故A错误； B.地球经历春夏秋冬由图可知是逆时针方向运行，冬至为近日点，运行速度最大，夏至为远日点，运行速度最小；所以从冬至到春分的运行时间小于从春分到夏至的运行时间，故B错误； C.在极短时间  内地球与太阳的连线扫过的面积为  ，根据开普勒第二定律可知地球与太阳的连线在单位时间内扫过的面积都相等，可得地球公转的线速度最大值与最小值之比等于地心到太阳中心最大距离与最小距离之比，故C正确； D.地球绕太阳运动，月球绕地球运动，中心天体不同，则地球公转轨道半长轴的三次方与公转周期平方之比与月球公转轨道半长轴三次方与公转周期平方之比不相等，故D错误。 故选BC。 7.【答案】B  【解析】在物块B下落过程中，A、B组成的系统机械能守恒，所以物块B的机械能减少量等于物块A的机械能增加量，物块B的重力势能减少量大于物块A的重力势能的增加量，故A错误; 在物块B下落到绳与水平方向的夹角为时，设此时物块A的速度大小为，物块B的速度大小为，将物块B的速度分解为沿绳方向的速度和垂直绳方向的速度，则，故CD错误; 在物块B下落到绳与水平方向的夹角为时，物块B下降的高度为，物块A沿斜面上升的距离为，有，联立以上表达式可得，故B正确。 8.【答案】BC  【解析】H处点电荷带正电，G处点电荷带负电，电场线分布如图所示 A.A点的电势高于B点电势，A错误； B.A点与B点的电场强度大小相等，方向不同，B正确； C.C、F两点电势相等，把带正电的粒子从C点移动到F点，电场力做功，C正确； D.E、F两点电势，电势能，带正电的粒子q，，D错误。 故选BC。 9.【答案】CD  【解析】【分析】 本题考查了等量同种电荷电场的特点，解题的关键是先判断出两电荷的电性，根据点电荷的场强叠加和沿电场线方向电势的变化分析。 根据给出的图象判断出ab处的电性，根据点电荷产生的场强和电场的叠加即可判断cd两处的场强大小，沿电场方向电势降低，再判断移动正电荷时电场力做功情况。 【解答】 题图中a点左侧电场强度方向沿x轴正方向、b点右侧的电场强度沿x轴负方向，则a点处为负电荷，b点处也为负电荷，又两点电荷的电荷量相等，则c、d两点的场强方向相反，c点场强沿x轴负方向，d点场强方向沿x轴正方向，c、d点电势相同，故AB错误； 根据等量同种负电荷的电场分布，知cO段电场方向沿x轴负方向，c、O两点间电势差，同理O、d两点间电势差，且，将正点电荷从c点移到d点，电场力先做负功后做正功，总功为零，故CD正确。 故选CD。 10.【答案】CD  【解析】【分析】 该题考查带电粒子在电场中运动相关知识。分析好物理情景，灵活应用动能定理、牛顿第二定律相关公式，逐项分析解题即可。 【解答】 A.滑块从 C运动到 A的过程，根据动能定理得，，解得，故A错误； B.滑块从 C运动到 P的过程，根据动能定理得，在 P点，由牛顿第二定律得，，解得，根据牛顿第三定律知滑块到达 P点时对轨道的压力大小为，故B错误； C.在 A点，由牛顿第二定律得，解得，根据牛顿第三定律知，滑块到达 A点时对轨道的压力大小为，故C正确； D.滑块受到的静电力大小，方向水平向左，静电力与重力的合力方向与竖直方向成斜向左下方，则从 C到 P的过程中，静电力与重力的合力先做正功，后做负功，则动能先增大后减小，故D正确。 11.【答案】；   ；     【解析】、由图示实验装置可知，甲、乙方案实验前均需要平衡摩擦力，故A正确； B、由图示实验装置可知，甲实验中小车受到的拉力可以由力传感器测出，乙实验中小车所受拉力可以由弹簧测力计测出，甲、乙实验不需要方案不需要满足小车或滑块的质量远大于槽码的质量，故B错误； C、由图示可知，乙方案中，小车加速运动时槽码向下加速运动，槽码处于失重状态，小车加速运动时受到细线的拉力小于槽码所受重力的一半，故C错误； 故选：A。 每相邻两个计数点间还有4个计时点未画出，打点计时器所接交流电源频率为50Hz，相邻计数点间的时间间隔 根据匀变速直线运动的推论由逐差法可知，小车的加速度大小 、由图示图像可知，图线①交于纵轴的原因是平衡摩擦力过度造成的，故A错误； B、图线②右端弯曲的原因是钩码挂的个数太多造成的，故B错误； C、图线③交于横轴的原因可能是未平衡小车受到的阻力，故C正确。 故选：C。 12.【答案】； ；；； 偏大  【解析】该电阻丝直径的测量值 由电路可知，当将置于位置1，闭合时 即 由图像可知，  解得， 根据 解得 根据表达式，因电源电动势变小，内阻变大，则当电流表有相同读数时，得到的的值偏小，但用原来的R当作测量值，所以结果偏大。 13.【答案】解：处于静止状态，其合力为零。 以m为研究对象，由平衡条件得： 水平方向      ① 竖直方向   ② 解得： 、m整体处于静止状态，可看作整体，系统所受合力为零。 以M、m整体为研究对象。由平衡条件得 水平方向       ③ 竖直方向  ④ 由③④得。 答：轻绳与水平方向的夹角为； 木块M与水平杆间的动摩擦因数为。  【解析】对小球受力分析，受已知力、重力、细线的拉力，根据平衡条件列式求解； 对小球和滑块整体受力分析，受已知力、重力、弹力和摩擦力，根据共点力平衡条件列式求解。 本题要注意应用整体法与隔离法的正确使用，注意应用整体法时一定要分清内力与外力，正确地受力分析。 14.【答案】对滑块由牛顿第二定律得1mg+Eqma1 解得小滑块的加速度大小a12 对长木板由牛顿第二定律得1mg+Eq2mg+Mg+EqMa2 解得长木板的加速度大小a22； 设两者达到共同速度的时间为t1，则有 v=v0-a1t1 v=a2t1 假设两者达到共同速度后一起减速，对整体由牛顿第二定律得2mg+Mg+EqM+ma3 对滑块F合=ma3 代入数据解得：F合1mg+Eq 故假设成立，两者一起减速。在这段时间内滑块的位移为 长木板的位移为 滑块在长木板滑动的相对位移为 代入数据解得； 设两者达到共同速度后一起做减速运动的时间为t2，则有 v=a3t2 故长木板与地面摩擦产生的热量为 代入数据解得。 15.【答案】解：小球离开弹簧后做平抛运动到达A点，如图竖直方向：由 可知 在A点的速度恰好沿AB方向，由几何关系可知 水平方向分速度即小球的初速度 弹簧的弹性势能 从A经B到C点的过程，由动能定理得： 解得小球滑过C点时的速率 ①若小球能通过圆形轨道的最高点，做完整的圆周运动，则其不脱离轨道.小球刚能通过最高点时，小球在最高点与轨道没有相互作用，重力提供向心力，根据牛顿第二定律 小球由C运动到圆形轨道的最高点，机械能守恒 得 即轨道半径不能超过。 ②若小球没有到达圆形轨道的与圆心等高处速度就减小到零，此后又沿轨道滑下，则其也不脱离轨道。此过程机械能守恒，小球由C到达刚与圆心等高处，有 得 即轨道半径不能小于。综上所述，要使小球不离开轨道，R应该满足的条件是或者  附加题答案 1.【答案】BCD  【解析】【分析】 在AC连线上找到B的等势点，即可得到等势线，从而得到电场方向，再根据距离和电势差求得场强；根据粒子从A运动到C得到电场力方向，从而得到电性；根据匀变速运动规律求解粒子可能经过的位置及速度。 在匀强电场中沿任意直线电势均匀降落，故常借此求解某一电势的位置，从而画出等势线，即可得到场强方向，再根据电势变化和场强方向上位移求解场强大小。 【解答】 B.根据A、C两点电势可得：AC中点O的电势，所以，OB所在直线为等势线，那么，电场线方向垂直BD，斜向右下方；由几何关系可得：A点到BD等势线的距离，所以，场强，故B正确； A.粒子在运动过程只受电场力作用，故粒子做类平抛运动，又有粒子运动到C，所以，电场力方向和电场方向相同，故粒子带正电，故A错误； C.根据粒子在运动过程只受电场力作用，做类平抛运动；由位移可得：，； 所以，粒子在C点时沿电场方向的分速度，所以，粒子过C点的速度，故C正确； D.由C分析可得：加速度；假设初速度方向逆时针旋转，粒子经过时间后到达B点，则根据匀变速运动规律可得：，；联立求解可得：，故D正确。 故选BCD。 2.【答案】AD  【解析】A.根据题意，由a到c过程电场力做负功，质子带正电，所以匀强电场场强的方向水平向左，故A正确; B.假设质子做匀变速直线运动，由功能关系，质子刚好可以到达等势面d，若质子做匀变速曲线运动，由功能关系，质子不能到达等势面d，故B错误; C.两次经过同一等势面的动能相等，因为是匀强电场，所以经过相邻等势面克服电场力做功相同，动能变化相同，即，解得，所以经过b等势面时的动能是12eV，故C错误; D.根据可知：质子在b等势面的电势能为0，所以质子运动过程中的总能量，根据能量守恒可知，解得，由可得c所在的等势面电势，故D正确。 3.【答案】物块经过D点时有 由牛顿第三定律有 代入题中数据，联立解得 设B、C点间的距离为L，物块从D点飞出后做平抛运动，根据平抛运动规律有， 联立解得 物块从B点运动到D点有 解得 由此可知物块在传送带上一直做匀减速直线运动 物块从释放至运动到B点有 联立解得 物块从释放至运动到A点有： 物块在传送带上运动时有 则或 物块相对于传送带的位移 物块在传送带上运动的过程中因摩擦产生的热量   4.【答案】AD B   【解析】根据闭合电路欧姆定律有 可知，实验采用电路的系统误差在于电压表的分流作用，导致电流表测量值偏小，故A正确，B错误; C.由于电流表、电压表的不理想产生的误差是实验原理的误差，属于系统误差，故C错误; D.偶然误差主要来源于实验者读数引起的误差，通过多次测量作出图像，可以减小偶然误差，故D正确。故选AD。 根据闭合电路欧姆定律有 结合图像有， 电源消耗的总功率 根据闭合电路欧姆定律有 解得 可知，图像成线性关系，且图像斜率为负值，则B选项满足要求。故选B。 学科网（北京）股份有限公司 $