西藏自治区拉萨市某校2026-2027学年高三上学期第五次课堂作业物理试卷

高三年级部2026—2027学年第一学期第五次 物理课堂作业 班级： 姓名： 学号：____________ 等级： __ 一、选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分。在每小题给出的四个选项中，第1-4题只有一项符合题目要求，第5-6题有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.如图所示，虚线为一架飞机加速飞行的一段轨迹，是轨迹上的一点，四位同学分别画出了带有箭头的线段甲、乙、丙、丁来描述飞机经过点时的合力方向，其中可能正确的是（   ） A．甲 B．乙 C．丙 D．丁 2.下列关于向心力的叙述中，正确的是（   ） A．向心力的方向始终沿着半径指向圆心，所以是一个恒力 B．做匀速圆周运动的物体，除了受到别的作用力外，还受到一个向心力的作用 C．向心力既要改变线速度的方向，又要改变线速度的大小 D．向心力可以由某个力单独提供，也可以由某几个力的合力来提供，或者由某一个力的分力来提供 3.如图所示，地球绕太阳沿椭圆轨道运动，地球与太阳的连线在三段相同时间内扫过的面积S如图中阴影所示，则（　　） A． B． C． D． 4.下列说法正确的是（   ） A．伽利略把自己的实验说成是“称地球的重量” B．牛顿通过理论计算得到引力常量的大小 C．牛顿在实验室中反复实验得出了万有引力定律 D．牛顿“月地”检验表明地面物体所受地球引力与月球所受地球引力遵循同样的规律 5.如图所示，一小滑块沿足够长的斜面以初速度向上做匀减速直线运动，依次经A、B、C、D到达最高点E，已知，，滑块从A到C和从C到D所用的时间都是1 s。设滑块经C时的速度为，则（   ） A． B． C．从D到E所用时间为1 s D．滑块上滑过程中加速度的大小为 6.甲、乙、丙是三个在同一直线上运动的物体，它们运动的图像如图所示，下列说法正确的是（   ） A．丙与甲的运动方向相反 B．丙与乙的运动方向相同 C．乙的加速度大于甲的加速度 D．丙的加速度大小小于乙的加速度大小 二、实验题：本题共2题，共18分。其中7题6分，8题12分。 7.(14分)如图甲所示为向心力演示仪，可探究小球做圆周运动所需向心力的大小与质量、角速度和半径之间的关系。长槽的、处和短槽的处分别到各自转轴中心距离之比为。变速塔轮自上而下有三种组合方式，左右每层半径之比由上至下分别为、和，如图乙所示。 (1)本实验的目的是探究向心力的大小与小球质量、角速度和半径之间的关系，下列实验中采用的实验方法与本实验相同的是________。 A．探究平抛运动的特点 B．用单摆测量重力加速度的大小 C．探究加速度与物体受力、物体质量的关系 (2)在某次实验中，把两个质量相等的钢球放在、位置，探究向心力的大小与半径的关系，则需要将传动皮带调至________塔轮； A．第一层 B．第二层 C．第三层 (3)在另一次实验中，把两个质量相等的钢球放在、位置，传动皮带位于第二层，转动手柄，则当塔轮匀速转动时，左右两标尺露出的格子数之比约为________。 A． B． C． D． 8.某实验小组用频闪照片法测量平抛运动的水平速度和当地的重力加速度。 (1)实验过程中，先将频闪相机的频率设定为10 Hz，再将小球从斜槽轨道上释放，利用频闪相机记录小球做平抛运动的过程。图中、、、为频闪照片上连续的四个点迹，以点为坐标原点，建立沿水平和竖直方向的直角坐标系，测量照片中的距离得到三个点的坐标为、、，已知照片的比例尺为。根据测量的数据计算出小球平抛的初速度为____________m/s， 当地的重力加速度为____________m/s2，从抛出点到B点所用 时间为____________s（计算结果均保留3位有效数字）。 (2) 若相机频闪的实际频率小于10 Hz，则所测量的重力加速度结果____________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。 二、解答题：本题共2题，共22分。其中9题10分，10题12分。 9．（10分）如图，一长度的均匀薄板初始时静止在一光滑平台上，薄板的右端与平台的边缘O对齐。薄板上的一小物块从薄板的左端以某一初速度向右滑动，当薄板运动的距离时，物块从薄板右端水平飞出；当物块落到地面时，薄板中心恰好运动到O点。已知物块与薄板的质量相等。它们之间的动摩擦因数，重力加速度大小。求： (1)物块初速度大小及其在薄板上运动的时间 (2)平台距地面的高度 10．（12分）如图所示，圆形水平桌面上有一个可绕中心轴转动的同心圆盘，在圆盘边缘距圆心处放置一质量的物块（可视为质点），物块与圆盘和水平桌面间的动摩擦因数均为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度。圆盘厚度及圆盘与水平桌面间的间隙不计。 (1)当圆盘以角速度匀速转动时，物块与圆盘相对静止，求物块所受摩擦力的大小； (2)使圆盘角速度缓慢增大，物块从圆盘上滑落并最终恰好停在水平桌面边缘，求水平桌面的半径。（计算结果可含根号） 1 学科网（北京）股份有限公司 $ 《课堂作业五》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 答案 C D C D AD BC 1．C 【详解】根据曲线运动规律，合力方向指向轨迹凹侧，由于飞机做加速运动，则加速度方向与速度方向间的夹角为锐角。 故选C。 2．D 【详解】A．恒力是大小和方向都不变的力，向心力方向始终沿半径指向圆心，但方向随圆周运动时刻变化，因此向心力是变力，故A错误； B．向心力是根据力的作用效果命名的效果力，不是物体实际受到的独立作用力，受力分析时不能额外添加向心力，故B错误； C．向心力方向始终与线速度方向垂直，在速度方向上没有分量，因此只改变线速度的方向，不改变线速度的大小，故C错误； D．向心力作为效果力，可以由某个力单独提供（如万有引力提供卫星做圆周运动的向心力），可以由几个力的合力提供，也可以由某一个力的分力提供，故D正确。 故选D。 3．C 【详解】根据开普勒第二定律，行星与太阳的连线在相等的时间内扫过的面积相等。题目明确说明、、是地球与太阳的连线在三段相同时间内扫过的面积，因此三者面积大小相等，即。 故选C。 4．D 【详解】A．卡文迪许通过扭秤实验测出引力常量后，可推算地球质量，被称为“称量地球重量的人”，与伽利略无关，故A错误； B．引力常量是卡文迪许通过扭秤实验测得的，牛顿仅提出万有引力定律，并未得到的具体数值，故B错误； C．万有引力定律是牛顿结合开普勒行星运动定律、牛顿运动定律推导得出的，并非通过实验室反复实验得到，故C错误； D．牛顿的“月-地”检验表明，地面物体所受地球引力与月球所受地球引力是同一种性质的力，遵循相同的万有引力规律，故D正确。 故选D。 5．AD 【详解】A．由匀变速直线运动平均速度等于中间时刻瞬时速度可知，故A正确； BCD．匀变速直线运动在连续相等时间内的位移之差为一恒量，可得 由匀变速直线运动速度公式可得 则从D到E所用时间为 D、E间距离为 故B、C错误，D正确； 故选AD。 6．BC 【详解】AB．甲、乙、丙的速度都是正值，方向都相同，故A错误，B正确； CD．图像的斜率表示加速度，甲的加速度的大小 乙的加速度的大小 丙的加速度的大小 所以乙的加速度大小大于甲的加速度大小，丙的加速度大小大于乙的加速度大小，故C正确，D错误。 故选BC。 7．(1)C (2)A (3)B 【详解】（1）本实验探究向心力与、、三个变量的关系，采用控制变量法：每次控制两个物理量不变，研究剩余两个量的关联。 A．探究平抛运动特点采用的是运动的分解法，将平抛拆分为水平匀速、竖直自由落体分运动，故A错误； B．用单摆测重力加速度是直接测量摆长、周期，通过公式计算，没有多变量控制的设计，故B错误； C．探究加速度与受力、质量的关系时，通过控制质量不变研究和的关系，控制受力不变研究和的关系，同样使用控制变量法，和本实验方法一致，故C正确。 故选C。 （2）向心力大小满足 探究向心力与半径的关系时，根据控制变量要求，需要保证两球的质量、角速度都相同，仅转动半径不同。皮带传动的塔轮边缘线速度大小相等，满足 若左右塔轮半径相等，则两侧角速度相等。由题意知，第一层塔轮左右半径比为，满足两侧角速度相同的要求，因此选第一层塔轮。 故选A。 （3）由题意知，两球质量相等，、到转轴距离 皮带位于第二层，左右塔轮半径比为 皮带传动边缘线速度相等，满足 ​可得两侧角速度之比 根据向心力公式 解得 向心力演示仪的标尺露出格子数正比于向心力大小，因此左右标尺格子数之比为。 故选B。 8．(1) 1.81 9.80 0.300 (2)偏大 【详解】（1）[1]频闪频率为10Hz，因此相邻点的时间间隔 比例尺为1:10，说明照片上1cm对应实际长度10cm。观察水平坐标，相邻点的照片水平位移均为1.81cm，对应实际水平位移 平抛水平方向为匀速直线运动，因此初速度 [2]平抛竖直方向为自由落体运动，满足连续相等时间内的位移差公式 根据坐标可得竖直位移，， 可得竖直位移差， 代入公式得 [3]匀变速直线运动中，某点的瞬时速度等于相邻段的平均速度，因此B点的竖直分速度 竖直方向可得 得从抛出点到B点的时间 （2）若频闪实际频率小于10Hz，说明实际时间间隔，但计算时仍代入了偏小的0.1s。由 分母的取值偏小，因此最终计算得到的重力加速度结果偏大。 9．(1)， (2) 【详解】（1）物块与薄板的质量相等，设物块与薄板的质量都是m 对物块，由牛顿第二定律可得 对薄板，由牛顿第二定律得 代入数据解得 薄板的位移 物块的位移 代入数据解得， （2）物块离开薄板时薄板的速度 薄板中心运动到O点过程的位移 物块离开薄板后物块做平抛运动，竖直方向 代入数据解得 10．(1) (2) 【详解】（1）物块随圆盘做匀速圆周运动，静摩擦力指向圆心并提供向心力。由牛顿第二定律得，代入数据可得 （2）物块即将滑落时，最大静摩擦力提供向心力。设物块离开圆盘时的速度大小为，由牛顿第二定律得，解得 物块落到桌面后沿圆盘切线方向运动。取初速度方向为正方向，由牛顿第二定律得 所以物块的加速度为 设物块从离开圆盘到停止的位移大小为。物块做匀减速直线运动，由速度与位移关系 停止时末速度为零，解得 物块的运动方向与离开圆盘处的半径垂直，圆盘中心、离盘点与停止点构成直角三角形，如图所示。 由勾股定理得桌面半径 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $