精品解析：江苏南通市海安高级中学2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题

高二物理 一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共计40分．每小题只有一个选项符合题意． 1. 下列说法正确的是（ ） A. 物体的动量改变时，动能一定发生改变 B. 一对相互作用力冲量的矢量和为零，所做功的代数和也为零 C. 电源通过静电力做功把其他形式的能转化为电能 D. 动量守恒定律具有普适性，微观高速的情形仍然适用 2. 将一直流电动机和一电热丝串联接入电路。已知电动机线圈电阻和电热丝电阻相同，电动机正常工作。则电动机和电热丝工作时一定相同的物理量是（　　） A. 电压 B. 电功率 C. 效率 D. 热功率 3. 用如图装置验证动量守恒定律时，下列操作符合实验要求的是（ ） A. 两小球的质量和直径可以不同 B. 选用两球的质量应满足 C. 需要测量小球平抛运动的时间 D. 斜槽轨道越光滑误差越小 4. 如图所示是某手机防摔装置，商家宣传只要手机摔落角度合适，可以保证从2m高处自由摔落而不破，下列有关说法正确的是（　　） A. 防摔装置可以减小手机的动量的变化量 B. 防摔装置可以减小手机的动量的变化率 C. 防摔装置可以减小手机的动能的变化量 D. 防摔装置可以增加地面对手机的作用力 5. 如图所示为高压水射流切割，水流为柱状，横截面积为S，水流匀速垂直射到被切割的钢板上，之后垂直钢板的速度减为零，水的密度为，忽略水的重力影响，水流对钢板的作用力大小为F，则水枪出水口出水的流量Q（单位时间流出水的体积）为（ ） A. B. C. D. 6. 某同学利用量程为0~5mA的毫安表及相关元件制作了一个简易欧姆表，内部电路如图甲所示。为了标定该欧姆表的刻度，该同学将a、b两端短接，调节滑动变阻器R使毫安表满偏；再将阻值为400Ω的电阻接在a、b之间，此时毫安表示数如图乙所示，下列说法正确的是（　　） A. 使用该欧姆表测量某个电压表的内阻时，a端接电压表负极 B. 该欧姆表的0刻度线与毫安表的0刻度线重合 C. 毫安表示数为2mA位置应标注的值为900Ω D. 该欧姆表的刻度分布是均匀的 7. 如图所示，当滑动变阻器滑片向右滑动一小段距离后，理想电流表、的示数变化量的绝对值分别为、，理想电压表V的示数变化量的绝对值为，下列说法中正确的是（ ） A. 电源的输出功率一定减小 B. 一定大于 C. D. 电源的效率增大 8. 如图所示，质量为m1、m2大小相同的两个小球，在光滑水平面上发生正碰，不计碰撞时间。下列位移-时间图像可能正确的是（ ） A. B. C. D. 9. 如图所示，在光滑的水平地面上停放着质量为m的装有光滑圆弧槽的小车，现有质量也为m的小球以的水平速度沿与切线水平的槽口向小车滑去，到达某一高度（小球未离开小车）后，小球又返回小车右端，这段过程中（ ） A. 小车和小球组成的系统动量守恒 B. 小球从右侧离开车后，相对于地面向右做平抛运动 C. 小车对小球的支持力一直对小球做负功 D. 小车对小球的支持力的冲量大小为 10. 如图（a）所示，长为1.5 m的轻杆通过轻转轴一端连接质量为0.2 kg的小球P，另一端连接质量为0.4 kg的物块Q，整个装置静置于水平地面上。时，小球P获得一竖直向上、大小为的初速度，之后Q一直在水平地面上运动，其速度与时间的图像如图（b）所示。不计一切摩擦，所有碰撞均为弹性碰撞，重力加速度取，，下列说法正确的是（ ） A. 时刻小球P和地面发生碰撞 B. 时刻物块Q回到出发点 C. 时刻小球P的速度大小为 D. 时间内，图线和轴围成的面积为1 m 二、非选择题：共5题，共60分．其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式只写出最后答案的不能得分． 11. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A．待测干电池一节 B．电流表：量程0-0.6 A，内阻为0.60 Ω C．电压表：量程0-3 V，内阻未知 D．电压表：量程0-15 V，内阻未知 E．滑动变阻器：0-100 Ω，2 A F．滑动变阻器：0-10 Ω，1 A G．开关、导线若干 （1）为尽可能准确地测量电池的电动势和内阻，请选择适当的器材：电压表________，滑动变阻器选________（填写器材前的序号字母）。 （2）实验电路图应选择下图中的________（填“甲”或“乙” （3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图所示的图像。由此可知电池电动势________V，干电池的内电阻________Ω（结果均保留2位有效数字）。 12. 电源电动势，内阻，闭合开关S后，标有“8 V，12 W”的灯泡恰能正常发光，电动机正常工作，求： （1）通过电源的电流； （2）电源的输出功率。 13. 一个质量的蹦床运动员从高处下落，刚接触网的速度是6 m/s，与网相互作用后沿竖直方向蹦回离开网时的速度是8 m/s。假设运动员与网接触的时间为，重力加速度取。 （1）求运动员触网过程中动量的变化量； （2）求水平网面对运动员的平均作用力大小。 14. 如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视作质点，质量分别为2m和m。Q与轻质弹簧相连（弹簧处于原长）。设开始时P和Q分别以2v和v初速度向右匀速运动，当小滑块P追上小滑块Q与弹簧发生相互作用，在以后运动过程中，求： （1）弹簧的最大弹性势能； （2）小滑块Q的最大速度； （3）若弹簧的最大压缩量为L，从P开始接触弹簧到弹簧被压缩到最短，这段过程的时间为，求该过程中P的对地位移。 15. 如图甲所示，在光滑水平面上有A、B、C三个小球，A、B两球分别用水平轻杆通过光滑铰链与C球连接，两球间夹有劲度系数足够大、长度可忽略的压缩轻弹簧，弹簧与球不相连。C球固定，释放弹簧，球与弹簧分离瞬间杆中弹力大小F=10 N。已知A、B两球的质量均为，C球的质量，杆长，弹簧在弹性限度内。 （1）求弹簧释放的弹性势能； （2）若C球不固定，求释放弹簧后C球的最大速度v； （3）若C球不固定，求释放弹簧后两杆间夹角第一次为时（如图乙）A的速度。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 高二物理 一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共计40分．每小题只有一个选项符合题意． 1. 下列说法正确的是（ ） A. 物体的动量改变时，动能一定发生改变 B. 一对相互作用力冲量的矢量和为零，所做功的代数和也为零 C. 电源通过静电力做功把其他形式的能转化为电能 D. 动量守恒定律具有普适性，微观高速的情形仍然适用 【答案】D 【解析】 【详解】A．动量是矢量，动能是标量。若速度大小不变、方向改变，动量会发生改变但动能不变，故A错误； B．一对相互作用力大小相等、方向相反、作用时间相同，因此冲量的矢量和为零；但两力作用在不同物体上，两物体的位移不一定相同，做功代数和不一定为零，故B错误； C．电源内部通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能，故C错误； D．动量守恒定律是自然界普遍适用的基本规律之一，不仅适用于宏观低速物体，微观高速的情形仍然适用，故D正确。 故选D。 2. 将一直流电动机和一电热丝串联接入电路。已知电动机线圈电阻和电热丝电阻相同，电动机正常工作。则电动机和电热丝工作时一定相同的物理量是（　　） A. 电压 B. 电功率 C. 效率 D. 热功率 【答案】D 【解析】 【详解】由于电动机与电热丝串联，电流相同。已知电动机线圈电阻与电热丝电阻相等，设为。电动机正常工作，产生反电动势。 A．电动机两端电压 电热丝两端电压 可知，即电压不同，故A错误； B．电动机输入电功率 电热丝输入电功率 可知，则电功率不同，故B错误； C．电动机的效率是指其输出的机械功率与输入的电功率之比，有 电热丝为纯电阻元件，电能全部转化为内能，其效率为 因，则效率不同，故C错误； D．由热功率，因电阻和电流相同，则热功率相同，故D正确。 故选D。 3. 用如图装置验证动量守恒定律时，下列操作符合实验要求的是（ ） A. 两小球的质量和直径可以不同 B. 选用两球的质量应满足 C. 需要测量小球平抛运动的时间 D. 斜槽轨道越光滑误差越小 【答案】B 【解析】 【详解】A．为了发生对心碰撞，两小球的直径必须相等，两小球的质量可以不同，故A错误； B．为防止碰撞后入射球反弹，入射球的质量必须大于被碰球的质量，即应满足，故B正确； C．小球离开斜槽后做平抛运动，由于下落高度相同，下落时间相同，验证动量守恒定律的式子两边可以将约去，因此不需要测量小球平抛运动的时间，故C错误； D．只要入射球每次从斜槽的同一位置由静止释放，保证到达斜槽末端时的速度相同即可，斜槽轨道不需要光滑，故D错误。 故选B。 4. 如图所示是某手机防摔装置，商家宣传只要手机摔落角度合适，可以保证从2m高处自由摔落而不破，下列有关说法正确的是（　　） A. 防摔装置可以减小手机的动量的变化量 B. 防摔装置可以减小手机的动量的变化率 C. 防摔装置可以减小手机的动能的变化量 D. 防摔装置可以增加地面对手机的作用力 【答案】B 【解析】 【详解】依题意，根据动量定理，可得 可知防摔装置的作用是延长了手机与地面的接触时间，从而减小手机所受到的合外力，即减小手机动量的变化率，而手机动量的变化量未发生变化。由于高度不变，则动能的变化量保持不变。 故选B。 5. 如图所示为高压水射流切割，水流为柱状，横截面积为S，水流匀速垂直射到被切割的钢板上，之后垂直钢板的速度减为零，水的密度为，忽略水的重力影响，水流对钢板的作用力大小为F，则水枪出水口出水的流量Q（单位时间流出水的体积）为（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】设水流速度为，根据流量的定义 取极短时间内撞击钢板的水柱微元作为研究对象： 水的质量： 水撞击钢板后，垂直钢板方向速度减为0。取水流初速度方向为正方向，由动量定理 代入 可得 由牛顿第三定律，水流对钢板的作用力 ， 又，代入得： 即 故选B。 6. 某同学利用量程为0~5mA的毫安表及相关元件制作了一个简易欧姆表，内部电路如图甲所示。为了标定该欧姆表的刻度，该同学将a、b两端短接，调节滑动变阻器R使毫安表满偏；再将阻值为400Ω的电阻接在a、b之间，此时毫安表示数如图乙所示，下列说法正确的是（　　） A. 使用该欧姆表测量某个电压表的内阻时，a端接电压表负极 B. 该欧姆表的0刻度线与毫安表的0刻度线重合 C. 毫安表示数为2mA位置应标注的值为900Ω D. 该欧姆表的刻度分布是均匀的 【答案】C 【解析】 【详解】A．端是黑表笔，使用该欧姆表测量某个电压表的内阻时，电流从黑表笔流出，故接电压表正极，故A错误； B．欧姆表的0刻度恰好是毫安表的最大刻度，故B错误； C．毫安表满偏时则有，当接入电阻，电流,则有 解得 毫安表示数为时，则有 联立解得 故C正确； D．根据闭合电路的欧姆定律，可见电流与外接的待测电阻不是正比关系，故欧姆表的刻度是不均匀的，故D错误。 故选C。 7. 如图所示，当滑动变阻器滑片向右滑动一小段距离后，理想电流表、的示数变化量的绝对值分别为、，理想电压表V的示数变化量的绝对值为，下列说法中正确的是（ ） A. 电源的输出功率一定减小 B. 一定大于 C. D. 电源的效率增大 【答案】C 【解析】 【详解】A．结合题图，电源的输出功率 当滑动变阻器滑片向右滑动一小段距离后，接入电路的阻值变小，则减小，但由于不知道与具体大小关系，因此电源的输出功率不一定减小，故A错误； B．因为减小，则增大，因此电压表示数减小，故通过的电流减小，又因为增大，因此的增加量大于的增加量，故B错误； C．根据可知，，故C正确； D．电源的效率为 由于减小，因此电源的效率减小，故D错误。 故选C。 8. 如图所示，质量为m1、m2大小相同的两个小球，在光滑水平面上发生正碰，不计碰撞时间。下列位移-时间图像可能正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】A．由位移-时间图像可知，碰撞前小球静止，小球做匀速直线运动，根据图像斜率可知小球的速度为 若该图像正确，碰撞后小球静止，小球的速度变为，若两小球质量相等即 根据动量守恒定律和机械能守恒定律分别有， 该过程满足动量守恒和能量守恒的条件，符合物理规律，故A正确； B．若该图像正确，碰撞后两小球同向共速，速度大小仍为，根据动量守恒定律有 解得 这与题干已知存在质量为的小球相矛盾，故B错误； C．若该图像正确，碰撞后小球反向运动，根据图像斜率可知其速度为 即速度大小仍为，此时小球的动能已等于碰撞前系统的总动能，而小球碰撞后也获得了一定的动能，使得碰撞后系统总动能大于碰撞前，违背了能量守恒定律，故C错误； D．若该图像正确，碰撞后小球的图线斜率不变，说明其速度保持不变，而小球碰撞后向前运动获得了大于零的速度，此时碰撞后的系统总动能为 显然碰撞后的总动能大于碰撞前的总动能，违背了能量守恒定律，故D错误。 故选A。 9. 如图所示，在光滑的水平地面上停放着质量为m的装有光滑圆弧槽的小车，现有质量也为m的小球以的水平速度沿与切线水平的槽口向小车滑去，到达某一高度（小球未离开小车）后，小球又返回小车右端，这段过程中（ ） A. 小车和小球组成的系统动量守恒 B. 小球从右侧离开车后，相对于地面向右做平抛运动 C. 小车对小球的支持力一直对小球做负功 D. 小车对小球的支持力的冲量大小为 【答案】C 【解析】 【详解】A．在小球沿圆弧槽上滑和下滑的过程中，小车和小球组成的系统在水平方向上不受外力作用，水平方向动量守恒；但在竖直方向上，小球具有竖直方向的加速度，系统在竖直方向所受合外力不为零，因此系统的总动量不守恒，故A错误； B．设小球从右侧离开小车时，小球的速度为，小车的速度为。取水平向右为正方向，根据水平方向动量守恒有 根据系统机械能守恒有 联立解得， 即小球离开小车时对地速度为零，此后仅受重力作用，做自由落体运动，故B错误； C．在小球运动的过程中，小球和小车组成的系统机械能守恒。由于小车的动能增加，小球的机械能不断减少，除重力外只有小车对小球的支持力做功，根据功能关系可知，小车对小球的支持力一直对小球做负功，故C正确； D．在整个过程中，对小球由动量定理有 即支持力的冲量 由于重力的冲量竖直向下且不为零，所以支持力的冲量大小不等于，故D错误。 故选C。 10. 如图（a）所示，长为1.5 m的轻杆通过轻转轴一端连接质量为0.2 kg的小球P，另一端连接质量为0.4 kg的物块Q，整个装置静置于水平地面上。时，小球P获得一竖直向上、大小为的初速度，之后Q一直在水平地面上运动，其速度与时间的图像如图（b）所示。不计一切摩擦，所有碰撞均为弹性碰撞，重力加速度取，，下列说法正确的是（ ） A. 时刻小球P和地面发生碰撞 B. 时刻物块Q回到出发点 C. 时刻小球P的速度大小为 D. 时间内，图线和轴围成的面积为1 m 【答案】D 【解析】 【详解】A．P 和地面碰撞时，杆恢复水平，P速度沿竖直方向，水平分量  ，由水平动量守恒得此时  从图(b)可知， 时刻，因此 时刻P才和地面碰撞，A错误。 B．时间内，Q的速度一直为负值，说明在这段时间内，Q始终向左运动，因此时刻Q不可能回到出发点，B错误； C． 时刻杆竖直，P到达最高点，重力势能增加 初始总机械能 因此剩余总动能  由动量守恒  得 代入动能公式  得  ， ，因此P速度大小为，C错误； D．图线与时间轴围成的面积表示Q的位移 ​内系统水平方向动量守恒 可得，即 由几何关系可得 解得 所以图线和轴围成的面积为1 m，D正确。 故选 D。 二、非选择题：共5题，共60分．其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式只写出最后答案的不能得分． 11. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A．待测干电池一节 B．电流表：量程0-0.6 A，内阻为0.60 Ω C．电压表：量程0-3 V，内阻未知 D．电压表：量程0-15 V，内阻未知 E．滑动变阻器：0-100 Ω，2 A F．滑动变阻器：0-10 Ω，1 A G．开关、导线若干 （1）为尽可能准确地测量电池的电动势和内阻，请选择适当的器材：电压表________，滑动变阻器选________（填写器材前的序号字母）。 （2）实验电路图应选择下图中的________（填“甲”或“乙” （3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图所示的图像。由此可知电池电动势________V，干电池的内电阻________Ω（结果均保留2位有效数字）。 【答案】（1） ①. C ②. F （2）甲 （3） ①. 1.5 ②. 0.40 【解析】 【小问1详解】 [1] 一节干电池电动势约1.5V，选量程0~3V的C即可，若选15V量程的D，测量时指针偏转过小，读数误差极大， 故选C。 [2]为调节方便灵活，滑动变阻器应选总电阻值较小的滑动变阻器，故选F。 【小问2详解】 本题中电流表内阻已知（）：甲图的误差仅来自电压表的分流，而乙图的误差来自电流表的分压，会将电流表内阻直接计入电源内阻，且无法分离出真实的干电池内阻。甲电路可以后续通过数据处理扣除电流表内阻的影响，测量更准确，因此选甲。 【小问3详解】 [1]根据闭合电路欧姆定律，甲电路满足 ， 图线的纵轴截距等于电源电动势，由图得截距为1.5V，即； [2]图线斜率的绝对值为，代入图中数据：，，得，因此干电池内阻。 12. 电源电动势，内阻，闭合开关S后，标有“8 V，12 W”的灯泡恰能正常发光，电动机正常工作，求： （1）通过电源的电流； （2）电源的输出功率。 【答案】（1）2 A （2）16 W 【解析】 【小问1详解】 灯泡恰能正常发光，则电源外电压等于灯泡电压，根据 解得通过电源的电流 【小问2详解】 电源的输出功率 13. 一个质量的蹦床运动员从高处下落，刚接触网的速度是6 m/s，与网相互作用后沿竖直方向蹦回离开网时的速度是8 m/s。假设运动员与网接触的时间为，重力加速度取。 （1）求运动员触网过程中动量的变化量； （2）求水平网面对运动员的平均作用力大小。 【答案】（1）700 kg·m/s，方向竖直向上 （2）1500 N 【解析】 【小问1详解】 以向上为正方向，运动员下落触网时的速度为 蹦回离网时的速度为 运动员触网过程中动量的变化量 解得 运动员触网过程中动量的变化量大小为，方向竖直向上。 【小问2详解】 以运动员为研究对象，取竖直向上为正方向，设网面对运动员的平均作用力为，由动量定理得 解得 水平网面对运动员的平均作用力大小为 14. 如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视作质点，质量分别为2m和m。Q与轻质弹簧相连（弹簧处于原长）。设开始时P和Q分别以2v和v初速度向右匀速运动，当小滑块P追上小滑块Q与弹簧发生相互作用，在以后运动过程中，求： （1）弹簧的最大弹性势能； （2）小滑块Q的最大速度； （3）若弹簧的最大压缩量为L，从P开始接触弹簧到弹簧被压缩到最短，这段过程的时间为，求该过程中P的对地位移。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 P、Q通过弹簧发生碰撞，当两滑块速度相等时，弹簧压缩到最短，弹性势能最大，设此时共同速度为v'，对P、Q（包括弹簧）组成的系统，由动量守恒定律有 解得 根据机械能守恒定律可得，弹簧具有的最大弹性势能为 【小问2详解】 当弹簧恢复原长时Q的速度最大，设此时P的速度为，Q的速度为，根据动量守恒定律可得 根据机械能守恒定律可得 联立解得 【小问3详解】 设P对地位移为xP，Q对地位移为xQ，则弹簧最大压缩量L=xP-xQ 对系统动量守恒可得 解得 15. 如图甲所示，在光滑水平面上有A、B、C三个小球，A、B两球分别用水平轻杆通过光滑铰链与C球连接，两球间夹有劲度系数足够大、长度可忽略的压缩轻弹簧，弹簧与球不相连。C球固定，释放弹簧，球与弹簧分离瞬间杆中弹力大小F=10 N。已知A、B两球的质量均为，C球的质量，杆长，弹簧在弹性限度内。 （1）求弹簧释放的弹性势能； （2）若C球不固定，求释放弹簧后C球的最大速度v； （3）若C球不固定，求释放弹簧后两杆间夹角第一次为时（如图乙）A的速度。 【答案】（1） （2） （3），与水平方向的夹角为 【解析】 【小问1详解】 由对称性可知球与弹簧分离时球的速度相等，设为，对A球，由牛顿第二定律有 由系统机械能守恒定律得 解得 【小问2详解】 三个球在一条直线上时，C球加速度等于0，速度最大，A、B球速度大小分别为、，由对称性可知 由系统动量守恒定律可知 由系统机械能守恒定律得 解得 【小问3详解】 设此时球速度为球的两个垂直方向分速度大小分别为，则 系统y轴方向动量守恒 系统机械能守恒 沿杆方向，球与球速度大小始终相等 且 联立以上各式解得 设球速度与水平方向的夹角为，则 所以球速度与水平方向的夹角为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $