黑龙江哈尔滨市双城区兆麟中学2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题

兆麟中学2026一2027学年度上学期第一次月考 班级 90 高二学年 物理学科试题 命题人：第一命题组 审题人：第二命题组 姓名 考试用时：75分钟 总分：100分 一、 选择题（共10题；1—7题单选，每题4分；8一10题多选，每题6分，共46分） 1.一根长为L、横截面积为S的金属棒。棒内单位体积内自由电子数为n,电子的电荷量为e。在棒两 考场 端加上恒定电压U时，棒内自由电子定向运动的平均速率为，则金属棒的电阻率为() 考号 V← 4 U A. p=- B. 座位号 nevl evL C.p=ne U D.p=nev UL 2.手机电容式触摸屏的核心部件可简化为平行板电容器。手指按压触摸屏，两极板与手指间电场线如 图所示。若维持电容器工作电压恒定，下列说法正确的是（) A.M点的电场强度比N点大 B.M点的电势比N点高 C.手指按压触摸屏时，电容器处于充电状态 D.手指按压触摸屏时，等效电容器电容变小 3.如图所示，边长为10cm的正三角形ABC处在匀强电场中，三角形平面与电场平行，M、N两点将 AC边三等分，P、Q两点将BC边三等分：将一个电子从A点移到M点和从M点移到P点电场力做功 相同，已知B点电势为1V,C点电势为4V,则下列判断正确的是() A.N点电势比P点电势高 B.M点电势为-2V C.电子从A到M电场力做功为-1eV D.匀强电场的电场强度大小为20√5Vm 4.如图，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块下 滑的过程中动能增加了12，摩擦生热8.0，重力做功24，则以下判断正确 的是() mimm A.金属块重力势能减少20] B.金属块克服电场力做功4.0 C.金属块的机械能减少24J D.金属块的电势能减少12」 5、下列四幅关于磁场相关知识的示意图说法正确的是() 第1页（共6页） 地轴 东 西 电源 甲 乙 丙 丁 A.甲图中小磁针静止时位置如图所示，可以推断直导线中通有从下往上的电流 B.乙图中金属圆环通有逆时针电流时，圆环中间放置的小磁针N极指向纸面向内 C,丙图中小磁针静止时位置如图所示，可以推断电源右侧为正极 D.地球磁场磁感线分布类似条形磁铁，丁图中绘制的地磁场的N极位于地理北极附近 6.将四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表A,、A2和两个电压表V、V2。已知电流表A,的量 程大于Az的量程，电压表V的量程大于V,的量程，改装好后把它们按图示接入电路，则() A.电流表A,的读数小于电流表A2的读数 B.电流表A,指针的偏转角小于电流表A2指针的偏转角 C.电压表V的读数大于电压表V,的读数 D.电压表V指针的偏转角小于电压表V,指针的偏转角 7.某同学按如图所示电路测量水果电池的电动势和内阻，调整滑动变阻器测得多组 R 电流和电压的数据，作出水果电池的-1关系图像。该同学分析发现，实验存在系 统误差，并对图像进行修正。下列图像中图线甲为用实验数据画的图线，图线乙为该 同学修正系统误差后的真实图线，正确的是() 甲 甲 A 甲 8.在如图所示的电路中，、R2、R均为可变电阻。当开关S闭合后，两平行金属板MW中有一带电液滴正好处 于静止状态。现将R变大，则以下判断正确的是() A.液滴将向下运动 B.电容器将继续充电 C.有从左到右的瞬时电流流过R D.电容器上的带电量将增大 第2页（共6页） 9.如图所示，倾角为日=30的固定斜面下端固定一挡板，一轻弹簧下端固定在挡板上。现将一质量为m、电荷量为 +?的绝缘小滑块从斜面上距离弹簧上端L处由静止释放，小滑块始终处在场强大小为 B=%(g为重力加速度)、方向平行斜面向下的匀强电场中，小滑块与斜面间的动 E 摩擦因数为“，则小滑块从释放到运动到最低点的过程中，下列说法正确的是() ww A.u<2 》 B.滑块与斜面摩擦产生的热量等于滑块的重力势能和电势能的减少量与弹簧弹性势能的增加量之差 C,滑块克服弹簧弹力做的功等于滑块减少的重力势能和增加的电势能及增加的内能之和 D.滑块刚与弹簧接触瞬间达到最大动能 10.如图甲，M、N为两竖直的间距为d的平行金属板，两板间的电势差随时间变化的图像如图乙所示。一群相同的 带电粒子在0一时间内的不同时奥刻从M板附近的P点由静止释放，仅在电场力作用下运动，其中在子时刻释放的 粒子恰好在T时运动到N板且速度为0。不计粒子重力和粒子间的相互作用。下列说法正确的是（） U MN 乙 A.这些粒子带负电 B.粒子运动的加速度大小均为 6d T2 C.不同时刻从P出发的粒子向右运动的时间都相同 7时从P出发的粒子，在板间向右运动号后返回 0. 三、实验题（11题6分、12题11分、13题12分) 11.某同学需要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，实验步骤如下： n2302P 25 15 丙 第3页（共6页） 0 10 戊 己 (1)某学生用螺旋测微器测定该圆柱体的直径时，测得的结果如图甲所示，则该圆柱体的直径D=一m。紧接着 用标有20等分刻度的游标卡尺测该圆柱体的长度，测得的结果如图乙所示，则该圆柱体的长度L=c。 (2)该同学先用多用电表粗测其电阻。用已经调零且选择开关指向欧姆挡“×0“挡位的多用电表测量，发现指针的偏 转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆挡的”“挡位（选填“×100“或“×1”)，然后进行欧姆调零，再次测 量圆柱体的阻值，其表盘及指针所指位置如图丙所示，则粗测其电阻值为Ω。 (3)采用如图丁的电路图进一步精确测量该圆柱体的电阻值。测量结果：如图戊所示，当使用0~0.6量程的电流表 时，其示数I为A:如图己所示，当使用03V量程的电压表时，其示数U为V. 12.在“测定金属丝的电阻率"的实验中，金属丝的阻值约为50，先用螺旋测微器测量金属丝直径d,再用游标卡尺 测量金属丝的长度L,然后用伏安法测出金属丝的电阻，最后根据电阻定律计算出该金属丝的电阻率。 (1)实验室提供的器材有： A.电压表V(量程03V,内阻约3k?) B.电压表V2(量程0~15V,内阻约15n) C.电流表A,（量程00.6A,内阻约0.52) D.电流表A2(量程3A,内阻约0.12) E.滑动变阻器R(0~202) F.滑动变阻器R2（0~5002) G.电源E(输出电压恒为3.0V)、开关和导线若干 (1)选择合适器材实验，要求电压能从0开始调节并能较准确地测出金属丝的阻值应选择电流表，滑动变阻 器。（填器材前的字母） (2)甲同学设计如图乙所示电路图，电压表的右端分别连接a点和b点，发现电流表读数几乎没变，电压表示数变化 明显，为了减小误差，电压表右端应与 (选填"a"或"b”)点连接。 V R A b R 乙 。 第4页（共6页） (3)在丙图中，用笔划线代替导线完成图中实物间的连线 (4)若某次测量中，电压表和电流表读数分别为U和I,金属丝的长度为L,请用上述直接测量的物理量(D、L、U、 )写出电阻率P的计算式P= 13.为了测量一节干电池的电动势和内阻，某同学采用了伏安法，现备有下列器材： A.待测干电池一节： B.电流表1：量程0~0.6A,内阻r=0.22: C.电流表2：量程0-0.6A,内阻约为0.12： ◆UrV D.电压表1：量程0~3V,内阻未知： 1.5 E.电压表2：量程0~15，内阻未知： F.滑动变阻器1：0~102,2A: 1.0 0 0.5 A G.滑动变阻器2：0-2002,1A: 丙 H开关、导线若干。 在用伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差。在现有器材 的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。 (1)在上述器材中请选择适当的器材： (填写选项前的字母序号)： (2)实验电路图应选择下图中的 (填"甲"或"乙)： (3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U1图像，则干电池的电动势E=V,内电阻 = 。(结果保留一位小数) (4)本实验测得的电源内阻和真实值的关系为：侧量 实（选填"大于"小于"或"等于”)。 四、解答题（14题10分，15题15分) 14.如图所示的电路中，定值电阻R=52,电阻箱的可调节范围为0~100Q,电压表为理想电压表。闭合开关S后， 当电阻箱的阻值调至R=22时，电压表示数U,=10.5V:当电阻箱的阻值调至R2=142时，电压表示数U2-11.4V。 (1)求电源的电动势E和内阻： (2)仅调节电阻箱的阻值，求电阻箱的最大电功率P。 第5页（共6页） 15.如图所示，倾斜轨道AB和光滑圆弧轨道BC固定在同一竖直平面内，两者间通过一小段长度不计的圆滑弧形轨 道相连，已知AB长L=5.4m,倾角0=37°，BC弧的半径R=1.25m,0为圆心，∠B0C=143°。在虚线MN右侧存 在水平向左的匀强电场(A在虚线MN上)，场强大小E=1x10N/C。一个带正电的绝缘小球P,质量为m=04kg, 其电荷量为g=3×10C,从某一位置以。=8m3的初速度水平抛出，运动到A点时恰好沿斜面向下。若小球与轨 道AB的动摩擦因数为μ=0.1，sin37°=0.6，co937°=0.8，g=10m/s2,小球P运动过程中电荷量保持不变。求： Po M A 379 (1)小球P的抛出点距A点的高度： (2)小球P运动到圆弧轨道最低点B点时对轨道的压力： (3)小球P从C点离开圆弧轨道后，第一次落到斜面上的位置距B点的距离。 第6页（共6页）《2026年9月18日高中物理作业》参考答案 题号1■2345678910 答案AC DB CC AACAB BD 1.A 【详解】导体棒中的电流I=neSv 则电阻R= 雨R=p哈 解得p=U 故选A。 nevL 2.C 【详解】A.电场线越密的地方场强越大，电场线越疏的地方场强越小，由图可 知，M点的电场强度小于N点的电场强度，故A错误： B.顺着电场线电势逐渐降低，则N点的电势大于M点的电势，故B错误： QD。手指按压桂美屏时，电容器两楼板同距日减小，根据C=可知，电容 C增大，又因为U不变，根据QCU可知，Q增大，即电容器处于充电状态， 故C正确，D错误。 故选C。 3.D 【详解】在匀强电场中，沿相同方向间距相等的两点间电势差相等。已知p=1V, 9c=4V 由于n、2将BC边三等分，则P点电势%=%+%-心 解得pp=3V 0点电势p%=e+号0-心 解得pQ=2V将电子从A点移到M点与从M点移到P点电场力做功相同， 即WAM-WMP 根据W=gU 答案第1页 可得Uw=UMP 即pA-pM=pM9p 又因从N将4C边三错分，有w-9,+e-9)号0，+写 2 联立并代入pc=4V,pp=3V 解得9A=1V,pM=2V,w=3V AB.由上述分析可知，N点电势与P点电势均为3V,即N点电势等于P点电 势：M点电势为2V,故AB错误； C.电子从A到M电场力做功WM=-e(pA-pM)=-ex(IV-2V) 解得Ww=IeV,故C错误， D.因为4=pB=1V故AB连线为等势线，匀强电场的电场线方向垂直于 等势面，即垂直于AB连线。C点到AB的距离为正三角形的高d=Lsi60 即d=0.1x5。 =0.05v3m 2 匀强电场的电场强度大小B=二巴。4V1m-20V1m,故D正确。 d0.053 故选D。 4.B 【详解】A.因为重力做功24J,可知金属块重力势能减少24J,A错误： BD.根据动能定理W+W。+W,=△E其中W=,可得W=4J,即金属块 克服电场力做功4.0J,金属块的电势能增加4.0J,B正确，D错误； C.金属块的机械能变化量△E=W+W=-4J-8J=-12J,即机械能减小12J, C错误。 故选B。 (共5页) 5、【答案】C 量程，则V的内阻大于V,的内阻，由电路图可知，两电压表串联，通过它们的 《详解】A.甲图中根据小磁针静止时N极指向可知，从上往下看磁场为顺时针 电流相等，根据欧姆定律可知，V两端的电压大于V,两端的电压，即V,的读数 方向，根据安培定则可知，直导线中的电流方向从上往下，故A错误； B.乙图中根据安培定则可知，圆环中心内部磁场方向垂直于纸面向外，小磁针 大于V2的读数：由于两电压表串联，通过两表头的电流必然相等，且两表头完 N极应指向纸面向外，故B错误： 全相同，所以两表头指针的偏转角相同，故C正确，D错误。 C.丙图中根据小磁针静止时N极指向可知，通电螺线管内部磁场方向向左，根 故选C。 据安培定则可知，电源右侧为正极，故C正确： 7.A D.丁图中地球磁感线从地理南极出发进入地理北极，磁体的N极位于地理南秋 【详解】设电流表电阻为. 因其分压使外电路电压测量值偏小，其偏小值为 附近，故D错误。故选C。 △U=R、,故真实图像应由图线甲上移△U。当干路电流越大时，电流表分压越 6.C 大，电压表测量误差越大，图线上移△U越大；当干路电流为零时，电压表测量 【详解】AB.电流表是由小量程电流表（表头）并联分流电阻改装而成的，量 值等于电动势，故真实的外电路电压与干路电流的关系图像应为A选项中的图 程越大，并联的分流电阻越小，改装后电流表的内阻越小，已知电流表A的量 线乙所示。 故选A。 程大于A,的量程，则A,的内阻小于A2的内阻，由电路图可知，两电流表并联， 8.AC 它们两端的电压相等，根据欧姆定律可知，通过A的电流大于通过A2的电流， 【详解】当见变大时，电路总电阻增大，总电流1=是减小，因此R两端电 压减小，即电容器两端电压U=U,减小。 即A的读数大于A2的读数：由于两电流表并联，加在两表头两端的电压相等， U 且两表头完全相同，则通过两表头的电流相等，所以两表头指针的偏转角相同， A,原来液滴静止，满足mg=9子U减小后电场力小于重力，液滴向下运动， 故AB错误； A正确。 CD.电压表是由小量程电流表（表头）串联分压电阻改装而成的，量程越大， B.电容器带电量Q=CU,U减小则2减小，电容器放电，B错误： 串联的分压电阻越大，改装后电压表的内阻越大，已知电压表V的量程大于V2的 C.电容器上极板M带正电，放电时正电荷从M(R左端)流向R右端，因此 答案第2页（共5页） 瞬时电流方向为从左到右，C正确。 B。在时刻释放的粒子恰好在时运动到N板且速度为0，根据位移关系得 D.由Q=CU,U减小，电容器带电量减小，D错误。 故选AC。 9.AB 们分-4解得a兴故D正降 【详解】A.滑块与弹簧接触前，受重力、支持力、摩擦力以及沿斜面向下的电 C.位移相同，不同时刻从P出发的粒子向右加速时间不同，则运动的时间不一 场力作用，由于滑块沿斜面加速下滑，则Eg+mg sin30>4 ng cos30° 定相同，故C错误： 解得4<25，A正确 3 D。时从P出发的粒子，在板间向右加速了后加速度反向，仍向右减速写后 B.滑块由静止下滑运动至最低点的过程中，重力做正功、电场力做正功、弹簧 的弹力做负功、摩擦力做负功，则由功能关系可知，因摩擦产生的热量等于重 阳.程位8关系得得们佰们-号故D正海，链即， 力势能和电势能的减少量与弹簧弹性势能的增加量之差，B正确： 11.(1)3.705 5.015 C.根据功能关系可知，滑块克服弹簧弹力做的功等于滑块的重力势能和电势能 (2)×112.0 的减少量与内能的增加量之差，C错误： (3)0.401.10 D.物块刚与弹簧接触的瞬间，弹簧的弹力仍为零，仍有 【详解】(1)[1]由图读得圆柱体的直径为D=3.5mm+20.5×0.01mm=3.705mm gE+ng sin30°>mg cos30° [2]由图读得圆柱体的长度为L=50mm+3×0.05mm=50.15mm=5.015cm 物块继续向下加速，动能仍在增大，所以此瞬间动能不是最大，当物块的合力 (2)[1]用“×I0”挡位测量时，发现指针偏转角度太大，说明待测电阻较小，阻 为零时动能才最大，D错误： 故选AB。 值指示较小，应换用较小倍率的挡位，故选择开关应换成欧姆挡的“×I”挡位。 10.BD [2]换挡后需要先进行欧姆调零，如图丙所示，粗测其电阻值为12.02。 【详解】A.在时刻释放的粒子恰好在T时运动到N板且速度为0，可得粒 4 4 (3)[1使用0~0.6A量程时，最小分度值为0.02A,由图戊可知，电流表示数1 T 子先向右加速后向右减速，根据图像可知，0~一时间内，电场的场强水平向右， 为0.40A。 且粒子受电场力向右，所以粒子带正电，故A错误； [2]使用0~3V盘程时，最小分度值为0.1V,由图己可知，电压表示数0为1.10V。 12、C,E,a, 答案第3页（共5页） 名口写线 13.(1)ABDFH (2)乙 (3)1.50.8 (4)等于 【详解】(1)待测干电池选A:干电池电动势约1.5V,选量程0-3V的电压表D (15V量程误差过大，不选E):电流不超过0.6A,选内阻已知的电流表B(方 便消除系统误差)：滑动变阻器选小阻值的F(调节方便，适合本实验，大阻值 G不选)，再加开关导线H。 (2)已知电流表内阻，选乙图（电流表相对电源内接），可通过计算消除电流 表内阻的系统误差，测量更准确。 (3)根据U=E-1(+)UH图纵轴截距等于电动势，故E=1.5V 图线斜率的绝对值k=△ =1.0n 且k=r+rA 得r=1.02-0.22=0.82 (4)本实验计算内阻时，已经扣除了已知的电流表内阻，系统误差被消除，因 答案第4页 此测量值等于真实值。 【点晴】 14.(1)E=12V,r=12 (2)Pa=6W 【详解】(1)当电阻箱的阻值调至R-22时，电压表示数U,=10.5V,根据闭 合电路欧姆定律可得E=U,+R+R U 当电阻箱的阻值调至R2=142时，电压表示数U2=11.4V,根据闭合电路欧姆定 律可得E=U,+R+R U, 联立解得E-12V,r=12 (2设电阻箱的阻值调至R,此时回路中的电流为R+R+7 E E2 电阻箱的电功率为P=R= +R+Y+2R+月 R E2 可知当=R+r时，电阻箱的电功率达到最大，为P一4R+月6W 15.(1)1.8m (2)31.68N:方向竖直向下 (3)4.05m 【详解】(1)设小球P刚运动到A点时的速度为4，竖直分速度为，则有 (共5页) c0s370=10m/3 v=vo tan370=6m/s,v=v R+Rcos37- 所以小球P的抛出点距A点的高度为h=兰。6 解得t=0.68,x=3.3m 2g2x10m=1.8m 故小球P的落点距B点的距离为x (2)小球P受到的电场力qE-3N,方向水平向左，且与重力的合力大小为5N, 5 方向垂直于AB斜面向下，则“等效重力场”的等效重力加速度g=8=12.5m/? 方向垂直AB斜面向下，设小球滑到B点时的速度为g,由动能定理得 对小球P受力分折，在B点，由牛顿第二定律得尽一gm员 解得F=31.68N,由牛顿第三定律可知，小球P运动到B点时对轨道的压力大 小为31.68N,方向竖直向下。 (3)设小球P能到达C点，在C点的速度为，则小球P从A到C的过程中， 由动能定理得-mgL-g+o39m-分 解得e=5.5m/s 设小球P怡好到C点时的速度为6，则有心=m瓷 解得=1.25V10m/s 可得Ve>2,则小球P离开C后，做类平抛运动，则有x=vc, 答案第5页（共5页） X+Rsin37°=3.3+1.25×0.6=4.05m