上海市华东理工大学奉贤曙光中学2026-2027学年高三上学期10月阶段评估物理试题

华理曙光2026学年10月高三年级阶段评估 物理试题 (满分100分，60分钟完成。答案一律写在答题纸上。) 注意事项： 1,本试卷标注“多选”的试题，每小题应选两个及以上选项，但不可全选（正确但少选得一半 分，选错不得分)；未特别标注的选择题，每小题只能选一个选项。 2本试卷标注“计算”的试题，在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中，须给出必要的图 示、文字说明、公式、演算等。 3.除特殊说明外，本卷所用重力加速度g大小均取9.8m/s2 一、游乐场-一16分 1.(3分)如图所示，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道。甲、乙两个质量相 等的小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有 () A.到达B点时，甲、乙重力的功率相等 B.到达B点时，甲、乙的动量相等 C甲、乙在同一时刻总能到达同一高度 E三三EE2: D.甲比乙先到达B点 2.(3分)如图所示为某同学对着竖直墙面练习投篮，在同一高度的A、B两点先后将球斜向上投出，篮 球均能垂直打在竖直墙上的同一点P点，不计空气阻力。关于篮球投出后在空中的运动，下列说法正确 的是 A.A点投出在空中的运动时间长 B.B点投出在空中运动的时间长 C.B点投出打到P点的速度大 D.A、B两点投出打到P点的速度大小无法比较 3.(4分)如图甲所示，某同学参加蹦极运动，并利用手机的加速度传感器研究竖直方向加速度随时间 变化的图像，如图乙所示，忽略空气阻力，拴在人身上的长绳是弹性绳，则图乙中速度最大的时刻大约 是 时刻，处于最低点的时刻大约是 时刻。（用图中字母回答） y轴线性加速度 60.0 40.0 20.0 B 0.00 C 20.0 ID 0.4000.6000.800 s) 90 4.游乐场中有一种振动发电装置的示意图如图叩所示，半径r=0.10m、匝数N=100匝的线胸套在永久 磁铁槽中，磁场的磁感线均沿半径方向均匀分布，其右视图如图乙所示。线陶所在位置的磁感应强度大 小均为B=0.20T,线圈的电阻R1=0.S2,它的引出线接有电阻R2=9.52的灯泡L。外力推动线圈框架的 P端，使线圈的速度v随时间1变化的规律如图丙所示（正弦线）。已知v取向右为正。则： ms） 线网 剖而 石视 0 0.5 10 N 甲 乙 丙 (1)(3分)线圈运动过程中产生的最大感应电动势的大小Em= V (2)(3分)线圈运动一个周期内，线圈中产生的热量Q= J。 二、离开地面-22分 从古至今，人类从未停止过对摆脱引力束缚、离地而起的追求。这背后是对未知的好奇、对自由的 问往，以及对自身潜能的不断挑战。 5.(3分)如图，运动员在水平地面上先快速下蹲，然后立即蹬腿起跳，此过程中，人受到的地面支持 力F随时间变化的图像正确的是 0静立 6.(4分)（多选）如图，某人设计了甲、乙两组装置，想要分别利用这两组装置将自己拉离地面。若人 的重力为G,两组装置的重力均为G2,不计绳子和滑轮重力 A.利用甲不能将自己拉离地面 B.利用甲将自己拉离地面的最小拉力G+G, C.利用乙不能将自己拉离地面 D.利用乙将自己拉离地面的最小拉力G+G 2 7.在《流浪地球2》电影中出现了太空电梯的科幻设想。人类可以乘坐电梯从固定在地而的基座出发， 到达空间站。 高度36000km 同步轨道空问站 太空电梯轿别 高度400km 口闲际空间站 抹座 (1)(3分)在电梯缓慢上升过程中-- A.电梯对人的支持力逐渐减小 B.电梯绕地球运行的线速度逐渐减小 C电梯绕地球运行的角速度逐渐减小 ).电梯绕地球运行的向心加速度逐渐减小 (2)(3分)在飞机的发展史中有一个阶段，飞机上天后不久，飞机的机翼很快就抖动起来，而且越抖 越厉害，后来人们经过了艰苦的探索，利用在飞机机翼前缘处装置一个配重杆的方法，解决了这一问 题，在飞机机冀前装置配重杆的主要目的是 ---() A.加大飞机的惯性 B.使机体更加平衡 C.使机翼更加牢固 D.改变机翼的固有频率 (3)(3分)渔船上的声呐利用超声波来探测远方鱼群的方位。某渔船发出的一列超声波在t=0时的波 动图像如图甲所示，图乙为质点P的振动图像。观察甲、乙图像可知，下列说法中正确的是()· y(×10m) 个y(×10m) 0.75 71.5xx102m) 0 1t7(×105s) 甲 A.该波沿x轴负方向传播 B.该波的波速为1.5m/s C.0~1s时间内，质点P运动的路程为2m D.若增大发射波频率，则该波波速会增加 8.热气球通过加热气球内气体使气球离开地面。热气球加热前，气球内气体温度为27°C，其分子热运 动的速率分布曲线！如图所示。 f() (1)(3分)下列符合气球加热后，气体分子热运动的速率分布曲线Ⅱ的是 3 f升) f(v) ◆f f(v) 0 0 C D A (2)(3分)气球质量为0.2kg,气球体积1m3,大气密度p。=1.2kg/m,要使气球离开地面，至少要将气 球内气体加热到 C 三、钍基熔盐堆--20分 钍基熔盐堆是以钍作为核燃料、以液态氟化物熔盐作为冷却剂的一种核能系统，是中国自主研发、 设计和建设的第四代先进核能系统，如图为核电站结构示意图。 一水泥防护层 轮机 发电机 控制棒 核反应堆 第三路 第一路 9.(3分)反应堆中控制棒的作用是 A.吸收中子 B.使中子减速 C.吸收热量 D.屏蔽辐射 10.(4分)（多选）如图为82Th转化为U并裂变的过程示意图。下列说法正确的是(). A.Th比Pa多-个质子 中子 B.Th转化为Pa的过程是B衰变 2Th 23Th 中子 0 C.Pa转化为经U的过程中释放一个原子核外的电子 2Pa2U2种产物及 2-3个巾子 D.Pa的平均结合能小于U的平均结合能 11.Th转化为Pa过程中放出大量带电粒子。 (1)(2分)如图1，在水平面内有一长度为L的匀强磁场区域，使钍放出的带电粒子垂直进入磁场。当 带电粒子离开磁场时，其在垂直初速度方向的最大位移为 一L ×××× 粒子流 粒子流 ×××× 图1 图2 (2)(3分)如图2，在水平而内有-长度为L的匀强电场区域，使钍放出的带电粒子垂直进入电场。带 电粒子离开电场时的动能最小的粒了在电场方向的位移大小为。 12某电场中一条电场线上的两点M、N,若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅在电场力作用 下，沿电场线由M点运动到N点。 (1)(4分)（多选）电子电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是--() A、该电场的电场强度EE, B、电子运动的轨迹可能为曲线 C、电子在MN点电势P,<Pw D、电子运动过程中机械能守恒 (2)(4分)已知电子带电量为1.6×109C,一个电子从N点运动到M点，克服电场力做功 3.2×10~),则电子的电势能增加 eV,若规定N点的电势为零，则M点的电势为V。 四、家庭电路-一26分 家庭电路是现代生活中不可或缺的基础设施，其中接有各式各样的电器。 13.(4分)（多选)一人在家中检修电路时不小心触碰了电线，设板凳绝缘性能良好，下列四种情况会 发生触电事故的是 火线 线 A.A B.B C.C D.D 14.家用测温仪中有金属热电阻，其阻值R随温度1变化的图像如图1所示。测温仪电路如图2所示，其 中电源电动势E=24V,内阻r=102,理想电压表V2量程为15V,定值电阻R=5002,根据R两端电压和 金属热电阻温度间的函数关系，将电压表的表盘改制成测温仪表盘。 ↑R2 260- 1000 400 图1 图2 (1)(3分)测温仪的表盘刻度- A.左密右疏 B.左疏右密 C均匀 (2)(4分)若测温仪能测的最低温度为0°C,电阻箱R应该调成 :电压表V2示数为12V 时，金属热电阻温度为 C (3)(3分)该测温仪器使用较长时间后，电源电动势减小，内阻变大，导致测量结果( A.大于真实值 B.小于真实值 C.等于真实值 15.发光二极管(LED),是一种常用的发光器件。 (1)(3分)如图，双缝的中垂线与光屏交于O点，使波长为640m的两束相千红光垂直照射双缝，OP 间光强分布如图所示：现用波长400m的两束相干蓝光垂直照射双缝，OP间有 条暗条纹。 光强 0 (2)(3分)如图，LED的发光帽是由一个半径为R的半球体与一个半径为R的圆柱体组成，其材料的 折射率为√2，点光源位于圆柱体内轴线上的P点。光线到达半球体表面时恰好能全部射出，OP间的距 离为 R 16.一实验小组准备探究电动汽车上某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图1所示的电路图。 ↑IIA 0.6 0.5 04 0.3 A 0.2 0.1 R UIV 00.40.81.21.62.02.4 图2 (1)(3分)在电路图中闭合开关，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使 6 电压表的示数调为零。原因可能是图中的()处接触不良。 A.a B.b C.c D.d E.e Ff (2)(3分)将两个元件Q串联接在电动势E=4.0V,内阻r=82的电源上，则元件Q此时的电功率是 W(保留两位有效数字) 五、福建舰--16分 福建舰是中国第一艘电磁弹射型航空母舰，可以起降歼35、空警600等舰载机。 17、飞机相对空气运动时，会受到垂直于机翼向上的升力。升力的大小与空气密度p、机翼面积S、飞机 相对空气的速度V有关，关系式为F=CpVS,其中C为升力系数，是一个无单位的常数。歼-35发动机 推力方向水平，以最大起飞质量m=30吨起飞时，最短起飞距离为200m,忽略一切阻力。 (1)(2分)速度v的指数x的数值为一： (2)(3分)当歼-35以质量m=24吨起飞时，最短起飞距离为 m。 18.福建舰配备了先进的电磁弹射系统，其原理可简化为如图所示的装置。两根固定于水平面内足够长的 光滑平行金属导轨，间距L,导轨区域内存在磁感应强度为B的匀强磁场。金属棒质量为m,电阻为”， 金属棒水平垂直放在两条直导轨上和两导轨保持良好接触。弹射时，飞机与金属棒锁定，开关掷向1，与 一恒流源接通，恒流源输出电流恒为I,飞机达到起飞速度'm后立即与金属棒解锁。同时，飞机起飞瞬 间将开关立即掷向2，与电容为C的电容器接通。一段时间后开关掷向3，与阻值为R的电阻接通，直到 金属棒停止。忽略导轨的电阻，忽略所有摩擦以及其他电阻。求： 恒+ 流O 源 (1)（2分)起飞过程中，恒流源输出的最大功率为 (2)(5分)（计算）电容器上储存的最大电荷量9； (3)(4分)（计算）电阻R上产生的最少焦耳热2。 2 一、游乐场--16分【答案】1.D2.C3.(1)E(2)F4.(1)40(2)8 【1怒详解】A.两条轨道从A到B的竖卉高庹相等，所以甲、乙面力做功相等，到达末端时速度大小相 等，但速度与竖直方向夹角不同、竖直方向分速度不同，P-m,可知，甲、乙重力的功率不相等，A错： B.到达B点时，甲、乙的动量不相等，因为方向不同，故B排误： C.由图可知初始一双时间内甲的切向加速度先大于乙的切向加速度，所以甲的速度先大于乙的速度，相 同时间内甲通过的陷程大于乙通过的路程，由图可知初始一段时间内甲先到达某一高度，故C错误： D、由图可知甲的切向加速度先大于乙的切向加速度，后小于乙的切向加速度，甲乙全程通过的路程相等， 由动能定理mh=)m 可知到达轨道底端B时甲乙速度大小相等，作出甲乙速率碗时间变化图如下 可知甲先到达B点。故D正确。故选D, 【2恶详解】AB.篮球在空中的运动时间由竖直方向的高度差决定，根据1= 2h 可知A点、B点投出的 篮球在空中的运动时间相等，故AB错误： CD.由逆向思维可知，从P点出来的篮球做平抛运动，根据x=W= 2h 可知、水平位移越大初速度越大，则B点投出打到P点的速度大，故C正确，D错误，故选C 【3题详解】某同学参加蹦极运动，利用手机的加速度传感器研究竖直方向加速度随时间变化的图像、 则竖直方向先向下加速后向下减速，加速度先向下后向上。所以加速结束时就是速度最大时，对应图中E 点，到达最低点，向上加速度最大，对应F点。 【4题详解】(1)导线切割磁感线产生的电动势E=Bw一匝线陶的有效切割长度L=2w 当切割速度最大.=9ms时，感应电动势最大，线图运动产生的最大感应电动势E。=NBLv。=40V (2)由线图运动的v-1图像知产生正弦交流电感应电动势的有效值E E2=20W2V 由闭合电路欧娟定律=是回路中电流！- R。 E。=22A一个周期内线圈中产生的热量2=I'RT±8J 二、离开地面-22分【答案】5.A6.AD.7.(1)A(2)D(3)C8.(1)D(2)87 【5题详解】运动员快速下蹲，加速度先向下后向上，然后立即蹬腿起跳，加速度先向上后向下，则整个 过程中运动员先失重、后超重、再失重，人受到的地面支持力F先小于重力，后大于重力，再小于重力， 人离开地面时，支持力F等于0。故选A。 【6题详解】AB.设人对绳的拉力大小为T,则装备受到的向下的力为G+T+G,左侧绳子对装备向上 的拉力大小为T,因T一定小于G+T+G,故利用甲不能将自己拉离地面，故A正确，B错误： CD.将人和装备看作整体，假设人刚好离开地面，此时绳子上的拉力大小为7，则有2T=G+G 解得)=C;C,，故C错误，D正确。故选AD。 2 【7题详解】(1)AC.在电梯缓慢上升过程中，电梯以及人绕地球运行的角速度不变，都等于地球自转的 角速度，对电梯内的人有G学-R=,解得R=G-md, 随着电梯缓慢上升，人绕地球运行的半 径r逐渐增大，可判断电梯对人的支持力R逐渐减小，故A正确，C错误： B.根据v=可知，电梯绕地球运行的线速度逐渐增大，故B错误： D.根据a=r可知，电梯绕地球运行的向心加速度逐渐增大，故D错误。故选A。 (2)飞机的机翼（翅膀）很快就抖动起来，是因为驱动力的频率接近机翼的固有颍率发生共振，在飞机机 翼前装置配重杆，是为了改变机翼的固有频率，使驱动力的顿率远离固有频率，防止共振现象。故选D。 (3)A.=0时，P点向上振动，根据同侧法可知该波沿x轴正方向传播，故A错误： 11.5×10 B.该液的波速为v=子-x0ms=1500ms,故B错误： C.01s时间内，即△=10T,质点P运动的路程为5=4x10A=4×10x5×10m=2m,故C正确： D.波速仅与介质有关，与频率无关，若增大发射波颍率，则该波波速不变，故D错误：故选C。 【8题详解】(1)气球加热后分子热运动速率大的分子所占的比例增大，但曲线与横轴所包困的面积不 变，气球加热后气体分子热运动的速率分布曲线用如图所示 f() 1· ，所以选D 01 (2)将加热过程中气球内的气体和滥出气球的气体看作一个整体，虽然溢出气球的气体不再被加热，但 是对于解决本题来说，将这个过程看作将溢出气球的气体一起加热与实际情况等效，故本题考虑将气球 内的气体和溢出气球的气体一起加热。设气球恰好离开地面时气球内的气体的休积膨胀为，气球内气 体的温度为1，气球内的气体质锻为m,则有P%gY=(m+m)8,m=P,m:m联立解得”=1.2m 加热过程中气体（气球内的气体和溢出气球的气体的总和）做等压变化，根据盖-吕苹克定律有 27+273/+273 解得1=87℃ 三、t基熔盐堆-20分【答案】9.A10.BD11.(1)2L(2)L/212.(1)AC(2)200eV、-200V 【9题详解】反应堆中控制棒的作用是吸收中子，以此控制核反应的速率。故选A。 【10题详解】A.Th的质子数为90，”Pa的质子数为91，故0Th比Pa少一个质子，A错误： B.恐Th转化为Pa的过程释放一个电子，是B衰变，故B正确： C.Pa转化为U的过程中释放的电子是由原子核内一个中子转化为一个质子和一个电子而产生的. 不是原子核外的电子，故C错误： D.衰变后生成的原子核比衰变前的原子核更加稳定，平均结合能更大，Pa的平均结合能小于U的 平均结合能，故D正确。故选BD。 【11题详解】1]钍放出的带电粒子为电子，带负电，带电粒子的轨迹恰好与磁场的右边界相切时，带电粒 子在垂直初速度方向的位移最大，此时”=L运动轨迹如图所示 :×× 拉子酒×× 带电粒子在垂直初速度方向的最大位移x=2r“2L :×x [2]电子垂直进入匀强电场后做类平抛运动，水平方向和竖直方向分别有L=M,y=号ar2又eE=-ma 解得y=e 根据动能定理得-8-2 联立得E=m2+ 2m2 限照的值不等式可知，当且汉当：兴时，为脆限小，此时. 将=L代入y的表达式，得"-2m2m×吗 m m 【12题详解】(1)A.电子电势能随位移变化的关系如图所示，根据E。-x图像的斜率表示电场力，斜率变 小，可知电场力变小，可知电场强度变小，故A正确： B.电子沿电场线由M点运动到N点，其受电场力在电场线上，若电子运动的轨迹为曲线，则电场线为曲 线，根据曲线运动的特点其受力方向指向轨迹的凹侧，即指向电场线的凹侧，二者矛盾，可知电子运动的 轨迹为直线，故B错误： C.根据E。=9,电子带负电，电子电势能减小，可知电势升高，有pM<Pw,故C正确： D.根据W=一△E,可知电子运动过程中，电场力做正功，机械能不守恒，故D错误。故选AC。 (2)[1]电子从N点运动到M点、克服电场力做功3.2x10J,根据W=-△E。=-3.2×10”J 可得电子的电势能增加3.2×10”)=200cV [2]若规定N点的电势为零，根据W=eUwM=-e×{”w-I,)代入数据可得M点的电势为PM=-200V 四、家庭电路一26分【答案】13.ACD14.(1)B(2)190、500(3)A15.(1)4 (2)R16.(1)F(2)0.21 【13题洋解】AC.人站在大地上单手或双手触摸火线，则在火线与大地之间会形成电流，会有电流流过 人体，会发生触电事故、故AC符合题意： B.人站在板凳上单手触模火线，板凳与大地绝缘，没有电流流过人体，不会发生触电事故，B不符题意： D.人站在板凳上两只手分别触摸火线和零线，则在火线与零线之间会形成电流，会有电流流过人体，会 发生触电事故，故D符合题意。故选ACD。 【14题详解】(1)由图1可知，R与1的关系为R,=0.4t+1002 则理想电压表V2的示数U,严R+R+R+,0610+R ER .=24×500 故U,与t不是线性关系，温度越高，U,减小得越慢，故测温仪的表盘刻度左疏右密。故选B。 (2)[由题意知，最低温度为0心时，心，=15v结合公式有0g15解得R=100 2]电压表示数为12V时，有12解得1=0c E×5002 (3)因U,0.42℃×1+7900+，若该测温仪器使用较长时间后，电源电动势减小，内阻变大，则同一温 度对应的U,变小，因U越小表示温度越高，故测量果大于真实值。故选A。 【15题详解】(1)设波长为640m和400加m时，相邻两条亮条纹（或暗条纹）之间的距离分别为△x, 和△x2,则OP=亏A: 根据宁子，可知总-号求得如-0p即0P:46 因O处始终为亮条纹，则OP间有4条暗条纹。 (3)临界角C满足inc=】.5 则C=45°根据图可知，射向半球体和圆柱体交界处的光线恰好不发 生全反射，即入射角等于45°，根据几何关系可知，OP=Ran45°=R 【16题详解】 (1)闭合开关S后，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑片，总不能使电压表的示数调 为零，则说明电路没有达到分压的效果，故图中∫没有连接好。故选下。 (2)元件Q的电流为1，电压为U,则2U=E-r整理得U=41+2 作图如下 tIA 0.6 0.5 0.4 0.3 这两条曲线的交点为U=1.4V、O.15A,同时满足了电路结构和元件的要 0.2 0.I 00.40.81.21.62.02.4 求，元件的实际功率为P-U=1.4x0.150.21W 3 五、福建舰--16分【答案】17.(1)2(2)128 CBLmv mviR 18. ①.BILy+I2r ②. m+BLC ③. 2(m+BLC)(R+r) 【17题详解】(1)F=CpS这个式子等号左边单位是N(即kg·m/S2),等号右边的单位也必须是N(即 gs，则3（g-解得x=2 (2)设最短起飞距离为L,推力大小为F,则F=ma,v2=2l,F升=CpwS=mg 联立解有L-产。r故名-是 L m 24)2 故当开35以质景m=24起飞时，最短起飞距离为，-受4- 200u=128m 【18题详解】(1)根据能量守恒可知，恒流源输出的功率等于安培力对金属棒做功的功率和金属捧的发 热功率之和，故起飞过程中，恒流源输出的最大功率P=BL,y。+I, (2)将开关立即掷向2后，金属棒减速运动，当电容器两极板间的电压等于金属棒产生的感应电动势 时，通过金属棒的电流为零，金属棒的速度达到最小，此后金属棒匀速运动，设金属棒匀速运动的速度 为y,根据动量定理：-BL△=mAvq'△t得-BgL=m(y-v).（2分) 又g=CU,U=BLy(1分)代入解得v=m m+BEC(1分) 电容器上储存的最大电荷量g=CU=CBLm m+B2LC …(1分) (3)若开关掷向3之前，金属棒的速度最小，则金属棒的动能最小，开关掷向3之后直到金属棒停止运 动的过程，金属棒减少的动能完全转化为电阻R和金属棒的焦耳热，这种情况电阻R产生的焦耳热最 少，设金属棒产生的焦耳热为Q,根据能量守恒有m2=2+Q-…(2分) 因通过电阻R和金属棒的电流相等，昙-尽 O r 一(1分) m'viR 联立解得= 2(m+8rC旷(R+)-1分) 4